九年级物理上学期第二次月考试卷（含解析） 苏科版

2016-2017学年江苏省宿迁市沭阳县潼阳中学九年级（上）第二次月考物理试卷一、选择题（15题每题1分，610题每题2分，共15分）1如图所示的四种情景中，所使用的杠杆属于费力杠杆的是（）A撬棍 B羊角锤C核桃夹D食品夹2如图所示的情景中，所述的力对物体有做功的是（）A熊猫用力举着杠铃不动B用力拉绳匀速提升重物C用力搬石头没搬动D用力提着水桶沿水平方向移动3下列关于功率的说法中，正确的是（）A物体做功越多，功率越大B物体做功时间越短，功率越大C物体做功越快，功率越大D物体做功时间越长，功率越大4关于机械效率，下列说法正确的是（）A使用机械时做的有用功越多，机械效率越高B使用机械时做的额外功越少，机械效率越高C使用同一滑轮组，所提物体的质量越大，机械效率越高D机械效率越高，做功越快5下列说法正确的是（）A一辆正在匀速上坡的汽车，它的动能减少，重力势能增加B一个自由下落的小铁球，它的动能增加，重力势能减小C一个拉弯的弓将箭射出去的过程中，动能转化为弹性势能D小孩荡秋千时到达最低点时，动能最小，重力势能最大6如图所示，一个质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，则这个人在这段时间内的功率是（g取10N/kg）（）A1200WB10WC12WD120W7如图所示的图线，是甲、乙两物体所做功与所用时间的关系图线由图线可知甲、乙两物体功率P甲、P乙大小关系为（）AP甲P乙BP甲=P乙CP甲P乙D无法判断8如图是跳水运动员跳板跳水时的情景，从运动员腾空跳起向上运动后再向下落入水中，若不计空气阻力，则在整个过程中（）A运动员的动能一直增大，机械能不变B运动员的重力势能一直减小，机械能减小C运动员的动能先减小后增大，机械能不变D运动员的重力势能先减小后增大，机械能增大9下列各种情况中，物体动能增加的是（）A正在工作且匀速运动的路面清洁车B正在工作且匀速运动的撒水车C正在加速上升的飞机D正在匀速降落的直升飞机10物体在平衡力的作用下，下列说法正确的是（）A机械能一定增加B机械能一定减小C机械能一定不变D机械能可能减小二、填空题（每空1分，共16分）11用一根硬棒翘起一块石头，已知石头重500N，将石头恰好翘起时所用的动力是100N，若动力臂长2.5m，则阻力臂长m12用一定滑轮将一重200N的物体匀速提升到一定的高度，若绳重和摩擦都不计，则作用在绳端的拉力是N，使用定滑轮的好处是13用一动滑轮匀速提升重100N的物体，已知动滑轮重20N，绳重和摩擦都不计，则作用在绳端的拉力是N14用60N的水平拉力将重100N的木箱沿水平方向匀速拉动10m，所用的时间是10s，则拉力所做的功是J，功率是W，重力做功J15如图所示，用力F将一木箱从斜面的低端匀速拉到顶端，已知拉力做功400J，斜面的机械效率是80%，则动力做的额外功是J16用如图所示的装置使物体A在水平面上做匀速直线运动钩码的总质量是100克，物体A的质量是500克，并且以0.2米/秒的速度向右运动则物体A受到的摩擦力是牛顿，5秒内钩码的重力所做功是焦耳，功率是瓦特（动滑轮重力及摩擦不计，g取10N/kg）17在空中飞行的小鸟既具有能，又具有能18一个正在下落的小球，某时刻它具有的动能是20J，势能是15J，则此刻它具有的机械能是J，小球下落过程中，若不计空气阻力，则它具有的机械能（选填：“变大”“变小”或“不变”）19如图所示的滚摆正在边旋转边下降，在滚摆下降的过程中它的能转化为能三、解答题20作出图中杠杆的动力臂和阻力臂21用滑轮组拉出陷人泥中的汽车在图中画出最省力的绳子绕法22某同学用如图所示的滑轮组将重900N的物体匀速提升3米，所用的拉力是400N，所用的时间是1min（摩擦及绳子重均不计）求：（1）该同学拉绳子的速度（2）动滑轮的重力（3）拉力做功的功率（4）该滑轮组的机械效率（5）如果用此滑轮组匀速提升1500N的物体，作用在绳端的拉力是多大？23某同学在做“研究杠杆平衡条件”的实验进行了如下实验步骤a把杠杆的中点支在支架上；b把钩码挂在杠杆的两边，改变钩码的位置使杠杆水平平衡；c记下两边的钩码的重，用尺量出它们的力臂，记下实验数据；d改变力和力臂数值，做三次实验e求出各次实验的动力乘以动力臂和阻力乘以阻力臂数值（1）请你指出该同学在步操作之前漏掉了一个重要步骤，这个步骤是（2）如果实验中所用钩码的质量都相等，如果在如甲图示，杠杆的B处应该挂个钩码，才能使杠杆在水平位置平衡若钩码所挂位置不动，将左边的钩码拿掉一个，要使杠杆仍保持平衡状态，应将右边的钩码拿掉个（3）如果在C点改用弹簧测力计拉，也使杠杆水平平衡，应沿方向拉动弹簧测力计（4）如果如乙图示把弹簧测力计斜拉，且拉环固定在支架上（P点），当杠杆水平平衡时弹簧测力计示数比步骤（3）中的（选填“大”、“小”）原因是拉力的力臂比第三次实验的拉力力臂变（选填“变大”或“变小”）了（5）由此，总结出杠杆的平衡条件为：24如图所示甲乙丙丁四幅图是小明同学，探究动能的大小与那些因素有关的实验情景：本实验中的四个小球都是小铁球，其中甲乙两图中小球的质量相等，丙丁两图中小球的质量不等（1）本实验的探究方法是：法（2）本实验的研究对象是：（选填“小球”“木块”或“斜面”）（3）甲乙两图研究的是动能的大小与的关系实验时将两个质量相等的小球放到同一斜面的不同高度由静止释放的目的是（4）本实验中是通过比较来比较小球的动能大小，这种比较的方法叫（5）比较甲乙两次实验，你可以得到的结论是：（6）比较丙丁两图可以得到的结论是：2016-2017学年江苏省宿迁市沭阳县潼阳中学九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（15题每题1分，610题每题2分，共15分）1如图所示的四种情景中，所使用的杠杆属于费力杠杆的是（）A撬棍B羊角锤C核桃夹D食品夹【考点】杠杆的分类【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、撬棍在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆故选D2如图所示的情景中，所述的力对物体有做功的是（）A熊猫用力举着杠铃不动B用力拉绳匀速提升重物C用力搬石头没搬动D用力提着水桶沿水平方向移动【考点】力是否做功的判断【分析】判断人做没做功的依据就是看在这个过程中，是否同时具备做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过了距离【解答】解：A、熊猫对杠铃有一个向上的力，但杠铃没有通过距离，所以没有做功故A错误B、人给物体一个向上的力，物体在力的方向上通过了距离，所以此过程人做了功故B正确C、女孩给石头一个向上的力，但石头没有移动距离，所以没有做功故C错误D、人对物体施加了一个竖直向上的力，而物体在水平方向上通过了距离，距离不是在力的方向上通过的距离，所以，人没有做功故D错误故选B3下列关于功率的说法中，正确的是（）A物体做功越多，功率越大B物体做功时间越短，功率越大C物体做功越快，功率越大D物体做功时间越长，功率越大【考点】功率的概念【分析】由功率公式P=可知：功率大小是由做功多少与做功时间共同决定的【解答】解：A、在相同时间内，做功多的机器，功率一定大选项A缺少“相同时间”这一条件，所以A不正确；B、做相同的功，做功时间短的，功率一定大选项B缺少“相同的功”这一条件，所以B不正确；C、做相同的功，所用时间短的，功率一定大有条件，且结论正确，所以C正确；D、因为选项C的说法正确，所以D不正确故选 C4关于机械效率，下列说法正确的是（）A使用机械时做的有用功越多，机械效率越高B使用机械时做的额外功越少，机械效率越高C使用同一滑轮组，所提物体的质量越大，机械效率越高D机械效率越高，做功越快【考点】机械效率【分析】机械效率是有用功跟总功的比值，它是反映机械性能优劣的一个重要指标；功率是表示物体做功快慢的物理量【解答】解：A、机械效率是有用功占总功的百分比，做的有用功越多，由于总功未知，所以机械效率不一定越高，故A错误；B、机械效率高的机械，说明所做有用功占总功的比值大，额外功所占总功的比值小，不是做的额外功越少，故B错误；C、物体的质量越大，物重越大，其他条件不变，有用功增多，有用功在总功中的比值增大，机械效率增大，故C正确；D、机械效率越高，说明有用功占总功的比例大，不能说明机械做功一定越快，故D错误故选C5下列说法正确的是（）A一辆正在匀速上坡的汽车，它的动能减少，重力势能增加B一个自由下落的小铁球，它的动能增加，重力势能减小C一个拉弯的弓将箭射出去的过程中，动能转化为弹性势能D小孩荡秋千时到达最低点时，动能最小，重力势能最大【考点】动能和势能的大小变化【分析】动能：物体由于运动而具有的能，影响因素有质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能：物体由于被举高而具有的能，影响因素有质量和被举高的高度，质量越大、被举得越高，重力势能越大；弹性势能：物体由于发生弹性形变而具有的能，影响因素是弹性形变的程度，弹性形变越大，弹性势能越大【解答】解：A、汽车的质量不变，速度不变，动能不变；高度增加，重力势能增加；故A错误；B、小铁球的质量不变，自由下落时速度变大，动能变大；高度变小，重力势能变小；故B正确；C、弓将箭射出去的过程中，弓的弹性形变变小，弹性势能变小；弹性势能转化为箭的动能；故C错误；D、小孩荡秋千时到达最低点时，速度达到最大，动能最大；高度最小，重力势能最小；故D错误故选：B6如图所示，一个质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，则这个人在这段时间内的功率是（g取10N/kg）（）A1200WB10WC12WD120W【考点】功率的计算【分析】解决此题可利用功的公式W=Fs和功率的公式P=联立求解【解答】解：质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，那么他做的功W=Fs=500N0.2m12=1200J，由功率的公式P=W=120W；故选D7如图所示的图线，是甲、乙两物体所做功与所用时间的关系图线由图线可知甲、乙两物体功率P甲、P乙大小关系为（）AP甲P乙BP甲=P乙CP甲P乙D无法判断【考点】功的计算【分析】该图是功和时间的关系图象根据功率的计算公式可知，在相同时间内，谁做的功多，谁的功率就大【解答】解：我们可以在横轴上任找一点，即保证了甲和乙做功时间相同，做纵轴的平行线，与甲和乙的图象均有一个交点，据此我们就可以看出甲做的功多，所以甲的功率大故选A8如图是跳水运动员跳板跳水时的情景，从运动员腾空跳起向上运动后再向下落入水中，若不计空气阻力，则在整个过程中（）A运动员的动能一直增大，机械能不变B运动员的重力势能一直减小，机械能减小C运动员的动能先减小后增大，机械能不变D运动员的重力势能先减小后增大，机械能增大【考点】动能和势能的大小变化；机械能【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能【解答】解：运动员向下用力使跳板发生弹性形变，跳板具有弹性势能，当跳板恢复原状时，弹性势能减小，把跳板的弹性势能转化为运动员的动能运动员上升过程中质量不变，速度减小，动能减小；质量不变，高度增大，重力势能增大；达到最高点动能为零在下降的过程中，质量不变，速度增大，高度减小，动能增大，重力势能减小在整个过程中，若不计空气阻力，机械能是守恒的，机械能不变故选C9下列各种情况中，物体动能增加的是（）A正在工作且匀速运动的路面清洁车B正在工作且匀速运动的撒水车C正在加速上升的飞机D正在匀速降落的直升飞机【考点】动能和势能的大小变化【分析】物体由于运动而具有的能量叫动能；影响动能的因素有质量和速度：在速度一定时，质量越大，动能越大；在质量一定时，速度越大，动能越大【解答】解：A、正在工作的清洁车质量增大，速度不变，故动能增大；故A正确；B、正在工作的洒水车质量减小，速度不变，故动能减小；故B错误；C、飞机质量不变，速度变大，动能增加；故C正确；D、匀速降落的直升飞机质量不变，速度不变，动能不变；故D错误故选：AC10物体在平衡力的作用下，下列说法正确的是（）A机械能一定增加B机械能一定减小C机械能一定不变D机械能可能减小【考点】平衡状态的判断；机械能守恒条件【分析】物体在平衡力的作用下，保持静止或匀速直线运动状态，但机械能可能会改变机械能包括动能和势能，可从这一角度进行分析【解答】解：物体在平衡力的作用下，保持静止或匀速直线运动状态，即物体的速度一定不变，动能不变；但物体有可能匀速上升或下降，则此时重力势能可能会改变；由于机械能等于动能与势能之和，所以机械能可能增加，也可能减小只有D项说法正确故选D二、填空题（每空1分，共16分）11用一根硬棒翘起一块石头，已知石头重500N，将石头恰好翘起时所用的动力是100N，若动力臂长2.5m，则阻力臂长0.5m【考点】杠杆的平衡条件【分析】（1）杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂；（2）知道动力臂、动力和阻力大小，利用杠杆的平衡条件求阻力臂【解答】解：由题可知，阻力G=500N，动力F=100N，动力臂L1=2.5m，根据杠杆平衡条件可得：FL1=GL2，所以，L2=0.5m故答案为：0.512用一定滑轮将一重200N的物体匀速提升到一定的高度，若绳重和摩擦都不计，则作用在绳端的拉力是200N，使用定滑轮的好处是改变力的方向【考点】定滑轮及其工作特点【分析】定滑轮使用时，滑轮的位置固定不变；定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向【解答】解：根据定滑轮的特点，F=G=200N；使用定滑轮虽然不能省力，但可以改变力的方向故答案为：200；改变力的方向13用一动滑轮匀速提升重100N的物体，已知动滑轮重20N，绳重和摩擦都不计，则作用在绳端的拉力是60N【考点】动滑轮及其工作特点【分析】摩擦不计，知道动滑轮重，利用F=（G物+G轮）求匀速提升重物时绳子的拉力【解答】解：因为绳重和摩擦不计，动滑轮重G轮=20N，所以匀速提升重物时绳子的拉力：F=（G物+G轮）=60N；故答案为：6014用60N的水平拉力将重100N的木箱沿水平方向匀速拉动10m，所用的时间是10s，则拉力所做的功是600J，功率是60W，重力做功0J【考点】功的计算；功率的计算【分析】（1）知道拉力大小和在拉力方向上移动的距离，可利用公式W=Fs计算出拉力做的功求出了拉力做的功，知道做功时间，可利用公式P=计算出拉力做功的功率；（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离判断出重力是否做功，如果做功再利用功的计算公式进行计算即可【解答】解：（1）由题知，F=60N，s=10m，拉力做的功为：W=Fs=60N10m=600J拉力做功的功率为：P=60W；（2）重力的方向为竖直向下，而物体沿水平方向移动，物体在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为0J故答案为：600；60；015如图所示，用力F将一木箱从斜面的低端匀速拉到顶端，已知拉力做功400J，斜面的机械效率是80%，则动力做的额外功是100J【考点】斜面的机械效率【分析】拉力所做的是总功，利用机械公式计算出拉力做的有用功，再有W额外=W总W有用计算出拉力所做的额外功【解答】解：拉力所做的功是总功，由=可得有用功：W总=500J，拉力所做的额外功为：W额=W总W有=500J400J=100J故答案为：10016用如图所示的装置使物体A在水平面上做匀速直线运动钩码的总质量是100克，物体A的质量是500克，并且以0.2米/秒的速度向右运动则物体A受到的摩擦力是0.5牛顿，5秒内钩码的重力所做功是0.5焦耳，功率是0.1瓦特（动滑轮重力及摩擦不计，g取10N/kg）【考点】功的计算；动滑轮及其工作特点；功率的计算【分析】（1）因为摩擦力的方向总是和物体相对运动方向相反，所以物体水平向右匀速运动时，受到的摩擦力的方向水平向左；因为物体A受到的摩擦力和绳子的拉力是一对平衡力，利用滑轮组的省力特点求物体A受到的摩擦力；（2）由图示滑轮知物体A以0.2m/s的速度向右运动，可求钩码向下运动的速度，求出5s内钩码上升距离，利用W=Gh求重力对钩码做功；（3）再利用P=求重力对钩码做功功率【解答】解：（1）因为摩擦力的方向总是和物体相对运动方向相反，所以物体水平向右匀速运动时，受到的摩擦力的方向水平向左；又因为物体A受到的摩擦力和绳子的拉力是一对平衡力，动滑轮重力及摩擦不计，所以物体A受到的摩擦力：f=F=G钩=m钩g=0.1kg10N/kg=0.5N；（2）物体A向右运动的速度v1=0.2m/s，由图可知n=2，则钩码向下运动的速度v2=v1=0.2m/s=0.1m/s，5s内钩码向下运动的距离：h=v2t=0.1m/s5s=0.5m，重力对钩码做功：W=G钩h=m钩gh=0.1kg10N/kg0.5m=0.5J；（3）重力对钩码做功功率：P=0.1W故答案为：0.5；0.5；0.117在空中飞行的小鸟既具有动能，又具有重力势能【考点】能量及其存在的不同形式【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度同时具备以上两个因素，就具有动能（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度同时具备以上两个因素，就具有重力势能【解答】解：在空中飞行的小鸟，小鸟有质量、有速度，故有动能；又在高空飞行，它具有重力势能，所以在空中飞行的小鸟既具有动能又具有重力势能故答案为：动；重力势18一个正在下落的小球，某时刻它具有的动能是20J，势能是15J，则此刻它具有的机械能是35J，小球下落过程中，若不计空气阻力，则它具有的机械能不变（选填：“变大”“变小”或“不变”）【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】动能是物体由于运动而具有有能；重力势能是物体由于被举高而具有的能；机械能包括动能和势能在只有动能和势能转化时，机械能守恒【解答】解：机械能等于动能与势能的总和，因此，某时刻小球具有的动能是20J，势能是15J，则此刻它具有的机械能是20J+15J=35J；小球下落过程中，若不计空气阻力，则它具有的机械能守恒，即机械能保持不变故答案为：35；不变19如图所示的滚摆正在边旋转边下降，在滚摆下降的过程中它的重力势能转化为动能【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大【解答】解：滚摆在下降的过程中，高度越来越低，所以重力势能越来越小，速度越来越大，所以动能越来越大，此过程滚摆的重力势能转化为动能故答案为：重力势；动三、解答题20作出图中杠杆的动力臂和阻力臂【考点】力臂的画法【分析】首先掌握力臂的概念，先确定杠杆的支点，然后确定力的作用线，最后作力臂【解答】解：从支点O分别向F1和F2的作用线引垂线，垂线段的长度即为动力臂和阻力臂，如下图所示：21用滑轮组拉出陷人泥中的汽车在图中画出最省力的绳子绕法【考点】滑轮组的设计与组装【分析】要解决此题，需要知道滑轮组的绕线方法可以从定滑轮或动滑轮绕起要知道从动滑轮绕起比从定滑轮绕起多中间一根绕线承担物重，更省力【解答】解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮如图所示：22某同学用如图所示的滑轮组将重900N的物体匀速提升3米，所用的拉力是400N，所用的时间是1min（摩擦及绳子重均不计）求：（1）该同学拉绳子的速度（2）动滑轮的重力（3）拉力做功的功率（4）该滑轮组的机械效率（5）如果用此滑轮组匀速提升1500N的物体，作用在绳端的拉力是多大？【考点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n，拉力端移动的距离s=nh，利用v=求该同学拉绳子的速度；（2）摩擦及绳子重均不计，拉力F=（G+G轮），据此求动滑轮重力；（3）利用P=Fv求拉力做功功率；（4）利用W=Gh求拉力做的有用功，利用W=Fs求拉力做的总功，再利用效率公式求滑轮组的机械效率；（5）如果用此滑轮组匀速提升1500N的物体，动滑轮重力不变，利用F=（G+G轮）求绳端拉力大小【解答】解：（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离s=3h=33m=9m，该同学拉绳子的速度：v=0.15m/s；（2）摩擦及绳子重均不计，拉力F=（G+G轮），则动滑轮重力：G轮=3FG=3400N900N=300N；（3）拉力做功功率：P=Fv=400N0.15m/s=60W；（4）有用功：W有用=Gh=900N3m=2700J，拉力做的总功：W总=Fs=400N9m=3600J，滑轮组的机械效率：=100%=75%；（5）如果用此滑轮组匀速提升G=1500N的物体，摩擦及绳子重均不计，此时绳端的拉力：F=（G+G轮）=600N答：（1）该同学拉绳子的速度为0.15m/s（2）动滑轮的重力为300N（3）拉力做功的功率为60W（4）该滑轮组的机械效率为75%（5）如果用此滑轮组匀速提升1500N的物体，作用在绳端的拉力是600N23某同学在做“研究杠杆平衡条件”的实验进行了如下实验步骤a把杠杆的中点支在支架上；b把钩码挂在杠杆的两边，改变钩码的位置使杠杆水平平衡；c记下两边的钩码的重，用尺量出它们的力臂，记下实验数据；d改变力和力臂数值，做三次实验e求出各次实验的动力乘以动力臂和阻力乘以阻力臂数值（1）请你指出该同学在b步操作之前漏掉了一个重要步骤，这个步骤是调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡（2）如果实验中所用钩码的质量都相等，如果在如甲图示，杠杆的B处应该挂4个钩码，才能使杠杆在水平位置平衡若钩码所挂位置不动，将左边的钩码拿掉一个，要使杠杆仍保持平衡状态，应将右边的钩码拿掉2个（3）如果在C点改用弹簧测力计拉，也使杠杆水平平衡，应沿竖直向上方向拉动弹簧测力计（4）如果如乙图示把弹簧测力计斜拉，且拉环固定在支架上（P点），当杠杆水平平衡时弹簧测力计示数比步骤（3）中的大（选填“大”、“小”）原因是拉力的力臂比第三次实验的拉力力臂变变小（选填“变大”或“变小”）了（5）由此，总结出杠杆的平衡条件为：F1L1=F2L2【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）探究杠杆平衡条件的实验时，首先把杠杆支在支架上，然后调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，最后才挂钩码进行探究；（2）根据杠杆平衡的条件（F1L1=F2L2），进行计算；（3）杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上，便于确定力臂；根据阻力阻碍杠杆转动，动力促使杠杆转动，判断动力的方向；（4）杠杆都在水平位置平衡，当弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，力臂变小，力变大；（5）根据杠杆平衡的条件（F1L1=F2L2），进行解答【解答】解：（1）实验步骤中，把杠杆的中点支在支架上，就进行探究杠杆平衡条件的实验数据的测量，没有考虑杠杆重力对杠杆平衡产生的影响和便于测量力臂，所以b步之前漏掉一个重要步骤：调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；（2）设每个钩码的重力为G，每个格的长度为L，根据杠杆平衡的条件：F1L1=F2L2可知；2G4L=F22L，所以F2=4G，杠杆的B处应该挂4个钩码；若钩码所挂位置不动，将左边的钩码拿掉一个，要使杠杆仍保持平衡状态，根据杠杆平衡的条件：F1L1=F2L2可知；G4L=F22L，所以F2=2G，杠杆的B处应该挂2个钩码，应将右边的钩码拿掉2个；（3）使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于确定力臂，所以弹簧测力计要竖直拉动杠杆；图中钩码使杠杆逆时针转动，拉力要使杠杆顺时针转动，所以弹簧测力计要竖直向上拉动杠杆；（4）阻力、阻力臂不变，弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，动力臂变小，动力增大，所以弹簧测力计示数变大；（5）通过此实验，总结出杠杆的平衡条件为：F1L1=F2L2故答案为：（1）b；调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；（2）4；2；（3）竖直向上；（4）大；变小；（5）F1L1=F2L224如图所示甲乙丙丁四幅图是小明同学，探究动能的大小与那些因素有关的实验情景：本实验中的四个小球都是小铁球，其中甲乙两图中小球的质量相等，丙丁两图中小球的质量不等（1）本实验的探究方法是：控制变量法（2）本实验的研究对象是：小球（选填“小球”“木块”或“斜面”）（3）甲乙两图研究的是动能的大小与速度的关系实验时将两个质量相等的小球放到同一斜面的不同高度由静止释放的目的是控制到达水平面速度相同（4）本实验中是通过比较观察木块移动的距离的大小来比较小球的动能大小，这种比较的方法叫转换法（5）比较甲乙两次实验，你可以得到的结论是：在质量相同时，速度越大，物体的动能越大；（6）比较丙丁两图可以得到的结论是：在速度相同时，质量越大，物体的动能越大【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）由于动能的大小可能给多个因素有关，应用控制变量法来分析；（2）本实验研究对象是小球；（3）为了探究动能大小与速度的关系应控小球的制质量不变，改变小球的速度，所以应改变小球的高度；高度相同时，小球滑到相同的水平面的速度就会相同，是为了控制小球的速度相同；（4）动能的大小通过观察木块移动的距离来反映出来，利用了转换法；（5）比较甲、乙两图控制小球的质量相同，改变速度，来探究动能大小与速度的关系，结合图中信息得出结论（6）比较丙、丁两图控制小球的速度相同，改变质量，来探究动能与质量的关系，结合图中信息得出结论【解答】解：（1）影响动能的大小有质量和速度，因此探究动能大小与其中某个因素的关系时，应用控制变量法来分析；（2）本实验的研究对象是小球；（3）甲乙两图控制小球的质量不变，改变小球在斜面上的高度，所以研究的是动能的大小与速度的关系；两个质量相等的小球放到同一斜面的不同高度由静止释放的目的是控制到达水平面速度相同；（4）实验中是通过观察木块移动的距离的大小，来说明铁球对木块做功的多少，从而判断出铁球具有的动能的大小，这是转换法的运用；（5）比较甲乙两次实验可知，两个小球的质量相同，所处斜面高度不同，到达水平面的初速度不同，由控制变量法的思路可得出结论：在质量相同时，速度越大，物体的动能越大；（6）比较丙、丁两次实验可知，两个小球所处斜面的高度相同，到达水平面的初速度相同，质量不同，由控制变量法的思路可得出结论：在速度相同时，质量越大，物体的动能越大故答案为：（1）控制变量法；（2）小球；（3）速度；控制到达水平面速度相同；（4）观察木块移动的距离的大小；转换法；（5）在质量相同时，速度越大，物体的动能越大；（6）在速度相同时，质量越大，物体的动能越大