九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版98

2015-2016学年黑龙江哈尔滨市松北区九年级（上）期末物理试卷一、选择题（每题4分，共48分）1下列现象与分子热运动有关的是（）A春天，百花争艳B夏天，波光粼粼C秋天，丹桂飘香D冬天，大雪纷飞2下列说法正确的是（）A燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多B通过技术改进，热机效率可达100%C可以通过做功使物体内能增加D使用热机是为了实现机械能转化为内能3教室内有四盏220V的灯，两个开关，每个开关控制两盏灯图中能正确反映教室这四盏灯连接情况的是（）ABCD4如图所示，是一个磁信息阅读器，只要将磁卡刷过，检测头中就会产生感应电流，便能得到相应的信息，以下电器件中工作原理与此相似的是（）A扬声器B发电机C电磁继电器D电铃5下面是小文同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（）A做功和热传递在改变物体内能上是等效的B燃料的热值与燃料的质量无关C磁体具有指向性D温度越高的物体含有的热量越多6随着自动化的发展，传感器在生活中有着广泛的应用如图没有应用传感器的是（）A电话机的听筒B电视遥控器C电冰箱D电子秤7如图所示，能正确地测出小灯泡L1两端电压的电路是（）ABCD8电饭锅是常用的家用电器，下列与之相关的说法错误的是（）A组成材料中既有导体又有绝缘体B工作时，利用了电流的热效应C工作时，通过热传递使食物温度升高D与其它家用电器是串联连接的9如图所示家用电能表的盘面当只接入一个用电器正常工作时，1min内电能表的转盘转了25转则该电器消耗的实际功率是（）A15WB600WC300WD3kW10如图所示电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P由b向a滑动的过程中，说法正确的是（）A电流表的示数变小B通过定值电阻和滑动变阻器的电流之比是1：1C电压表与电流表的示数比值变大D滑动变阻器接入电路的阻值变大11如图所示电路，电源电压为3V，当开关S闭合后，只有一盏灯泡发光且电压表的示数为3V，产生这一现象的原因可能是（）A灯泡L1处短路B灯泡L2处短路C灯泡L1处断路D灯泡L2处断路12标有“6V 3W”的甲灯和“12V 12W”的乙灯，并联接在6V的电源上（假设灯丝的电阻不变），下列说法正确的是（）A甲、乙两灯消耗的电能之比是1：4B甲、乙两灯的电阻之比是1：2C通过甲、乙两灯的电流之比是1：2D甲、乙两灯的实际电功率之比是1：1二、填空题（每题2分，共24分）13走进花房就会有香气扑鼻的现象，说明了_，影响这种现象的主要因素是_14寒冷的冬天，在冰雪大世界参观的游客经常边跺脚边对手哈气，就会感到暖和了“跺脚”是用_的方法增加脚的内能；“呵气”是用_的方法增加手的内能15杯中1kg水的温度由10升高到30，这杯水的内能_（选填“增加”、“减少”或“不变”），这些热量相当于完全燃烧_g酒精（q酒精=3.0107J/kg）16用带电体去吸引轻小纸屑，纸屑会飞向带电体，这是因为_，有的纸屑接触后又很快弹开，原因是_17小文对电冰箱进行了测试：先将其他所有用电器断开，只将电冰箱单独接入电路，电能表初始示数和两整天之后的示数如图，则该电冰箱两整天耗电_度，若以每度0.5元算，应交电费_元18要想实现“自制电磁铁”吸引更多的大头针，请你写出两条建议：_；_19如图是电动汽车动力系统示意图，汽车行驶时，通过改变滑动变阻器的阻值来调节电动机转速，从而改变行驶速度，当汽车速度最大时，电压表的示数为180V，电流表的示数为15A，此时电动机消耗的功率为_W，若电动机的内阻为0.4，则电动机内阻的发热功率为_W20小文想测出一个额定电压已知的小灯泡的额定功率，设计了如图所示的电路为实现小灯泡两端电压达到额定电压，他的做法是_若闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数，则故障可能是_21当两根用毛皮摩擦过的硬橡胶棒相互靠近时，二者相互_此时橡胶棒所带电荷是_电荷22两个定值电阻，甲标有“10 2A”，乙标有“20 0.5A” 如将它们串联起来，电路中允许通过的最大电流是_A，如将它们并联，电路两端允许的最大电压_V23请用笔画线，按着（a）将（b）中各元件连接起来（L1的电流是0.5A，L2的电流是0.4A）24在图中，根据闭合开关后小磁针N极静止时的指向，标出电源的正负极，并用箭头标出磁感线的方向三、解答题25为了比较“水和铁砂的吸热能力”，小文做了如图所示的实验：在两个相同的试管中分别装有质量和初温都相同的水和铁砂，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表：质量/g温度升高10所需要的时间/s温度升高20所需要的时间/s温度升高30所需要的时间/s铁砂306489124水3096163220请回答下列问题：（1）在此实验中用到的测量工具有停表、温度计和_；用加热时间的长短来表示_（2）分析表中的实验数据可知：质量相同的水和铁砂，升高相同的温度时水吸收的热量_（选填“大于”或“小于”）铁砂吸收的热量（3）根据表中数据得到的结论是：_（4）请你写出另外一种比较水和铁砂吸热能力的方法26小文为了“探究串联电路中电压规律”，设计了电路，将两只灯泡L1、L2串联起来接到电源上，如图所示（1）连接或改接电路时，开关必须_（2）检查电路无误后，闭合开关，发现电压表的指针偏转角度过小，为使实验结果更准确，他应该_（3）小文分别把电压表连在图中 AB 两点、BC 两点及 AC 两点，闭合开关后，测得的数据是：UAB=0V，UBC=3V，UAC=3V，则故障可能_（答一条）（4）故障排除后，实验正常进行分别测出、UAB=1.4V、UBC=1.4V、UAC=2.8V，分析这组数据，小文发现串联电路中电压的规律是：_（5）分析实验数据“UAB=1.4V、UBC=1.4V”，小文还认为：串联电路中各部分电路两端的电压始终是相等的你认为这个结论_；（选填“正确”“错误”）这对你进行此实验的启发是_27为完成“测定小灯泡正常发光时电阻”的实验，小文同学选取了相应器材，小灯泡上标有“2.5V”字样（1）该实验的原理是_（2）如图甲电路无法正常完成实验，有一处导线连接错误，错误导线是_（选填“”或“”）（3）改正电路后，小文调节滑动变阻器滑片使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙，则小灯泡正常发光时的电阻是_（4）实验时，小文发现自己的器材中还有一个不一样的小灯泡，于是合理调整器材再次实验在实验中使小灯泡逐渐变亮，在此过程小文收集实验数据并绘制图象如图丙观察发现图象不是直线，其原因是_你还有什么发现_28扫地机器人是一款能自动清扫的智能家用电器，如图甲表一为某扫地机器人的部分数据图乙为某传统吸尘器，表二为该吸尘器的部分数据表一：额定工作电压12V额定功率30W工作噪音50dB清扫100m2运行时间50min表二：额定工作电压220V额定功率1400W工作噪音75dB清扫100m2工作时间10min（1）扫地机器人正常工作时的电流为多少A？（2）扫地机器人清扫100m2房间时电流做了多少功？（3）分析题中信息，从物理角度谈一下扫地机器人与传统的吸尘器相比，有哪些优点（说出两条）2015-2016学年黑龙江哈尔滨市松北区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共48分）1下列现象与分子热运动有关的是（）A春天，百花争艳B夏天，波光粼粼C秋天，丹桂飘香D冬天，大雪纷飞【考点】分子的运动【分析】分子运动是肉眼看不见分子的运动，机械运动是宏观物体的运动分子运动，即扩散现象是肉眼看不见的，在不知不觉中发生的【解答】解：A、春天百花争艳，花朵的颜色是由它反射的光决定的，不属于分子热运动；B、夏天波光粼粼，是光的反射现象，不属于分子热运动；C、秋天丹桂飘香，是气体分子运动的结果，属于分子热运动；D、冬天大雪纷飞，是宏观物体的运动，不是分子的运动故选：C2下列说法正确的是（）A燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多B通过技术改进，热机效率可达100%C可以通过做功使物体内能增加D使用热机是为了实现机械能转化为内能【考点】燃料的热值；热机的效率【分析】（1）由Q=mq可知，燃料燃烧放出的热量与物体的热值和质量有关；（2）用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率；（3）改变物体内能的方式有做功和热传递；（4）热机是把内能转化为机械能的装置；热机工作过程中，在压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能【解答】解：A、由Q放=mq可知，燃料燃烧放出的热量与热值和质量有关，因此不确定质量多少的情况下，热值大的放出的热量不一定多，故A错误；B、用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率，无论科技如何发展，热机的效率可以提高，总存在摩擦、要做额外功，效率一定不会达到100%，故B错误；C、改变物体内能的方式有做功和热传递，故C正确；D、热机工作的过程是将燃料燃烧获得的内能转化成机械能的过程，故D错误故选C3教室内有四盏220V的灯，两个开关，每个开关控制两盏灯图中能正确反映教室这四盏灯连接情况的是（）ABCD【考点】电路的基本连接方式【分析】我国家庭电路的电压是220V，并联电路两端的电压相等；并联电路中，各用电器工作时互不影响，用电器的开关应该连接在火线上【解答】解：（1）一个开关断开时，本开关控制的两盏灯不工作，另一个开关控制的两盏灯可以正常工作，所以两开关控制的灯分别是并联的；（2）同一个开关控制的两盏灯，损坏一个，另一个还可以工作，说明同一个开关控制的两灯之间也是并联的；（3）每个开关和开关所控制的灯之间是串联的关系故选：A4如图所示，是一个磁信息阅读器，只要将磁卡刷过，检测头中就会产生感应电流，便能得到相应的信息，以下电器件中工作原理与此相似的是（）A扬声器B发电机C电磁继电器D电铃【考点】电磁感应【分析】由题意可知，阅读器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各电器工作原理可知能产生电流的选项【解答】解：A、扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用制成的故A错误；B、发电机是利用线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生变化的感应电流制成的故B正确；C、电磁继电器是利用电流的磁效应工作的故C错误；D、电铃也是利用电流的磁效应制成的故D错误故选B5下面是小文同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（）A做功和热传递在改变物体内能上是等效的B燃料的热值与燃料的质量无关C磁体具有指向性D温度越高的物体含有的热量越多【考点】物体内能的改变；热量的概念；燃料的热值【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的效果是一样的（2）燃料的热值是物质本身固有的一种性质，只与燃料的种类有关（3）磁体静止时指南的一端是南极，指北一端是北极（4）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量【解答】解：A、做功和热传递都可以改变物体的内能，它们达到的效果都是一样的，故A正确；B、燃料的热值是指单位质量某种燃料 完全燃烧时放出的热量，与燃料的质量没有关系，故B正确；C、磁体静止时，总是一端指南，一端指北，具有指向性，故C正确；D、热量是一个过程量，不能用“具有”或“含有”来修饰，故D错误故选D6随着自动化的发展，传感器在生活中有着广泛的应用如图没有应用传感器的是（）A电话机的听筒B电视遥控器C电冰箱D电子秤【考点】连通器原理【分析】传感器的作用是将温度、力、光、声音等非电学量转换为电学量【解答】解：A、电话机的听筒利用电流的磁效应原理工作，将电信号变成声音信号，没有应用传感器，故D符合题意B、电视遥控器是将红外线转换成电信号，应用了传感器故B不符合题意；C、电冰箱中，当温度高于设定的临界温度时会工作，说明有温度传感器，故B不符合题意；D、电子称的主要部件是压力传感器，电子秤是把力转换为电压这个电学量，故D不符合题意；故选：A7如图所示，能正确地测出小灯泡L1两端电压的电路是（）ABCD【考点】电压表的使用【分析】根据电压表与被测用电器并联，并且流入电压表的电流必须从正接线柱流入，负接线柱流出对四个选项逐一分析，即可找出正确选项【解答】解：A、由图示电路图可知，电压表正负接线柱接反了，不能测出小灯泡L1两端电压，故A错误；B、由图示电路图可知，电压表测量的是两灯泡串联总电压，测量的是电源电压，不能测出小灯泡L1两端电压，故B错误；C、由图示电路图可知，电压表与小灯泡L2并联，测量的是小灯泡L2两端电压，不能测出小灯泡L1两端电压，故C错误；D、由图示电路图可知，电压表并联在小灯泡L1两端，测小灯泡L1两端电压，故D正确；故选D8电饭锅是常用的家用电器，下列与之相关的说法错误的是（）A组成材料中既有导体又有绝缘体B工作时，利用了电流的热效应C工作时，通过热传递使食物温度升高D与其它家用电器是串联连接的【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应；热传递改变物体内能；导体【分析】（1）常见的导体包括：各种金属、人体、大地、酸碱盐水溶液等；常见的绝缘体包括：陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、干木棒等（2）电流的热效应就是把电能转化为内能（3）改变内能的方式有两种，即做功和热传递（4）并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响【解答】解：A、电饭锅中的导线是导体，电饭锅导线上的绝缘层为绝缘体，所以A正确；B、电饭锅工作时把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，所以B正确；C、电饭锅工作时，消耗电能，产生内能，锅内的食物吸收热量温度升高，是通过热传递使食物升温的，所以C正确；D、因为家庭电路中各用电器之间既可以单独工作又互不影响，因此电饭锅与其它家用电器是并联连接的，所以D错误故选D9如图所示家用电能表的盘面当只接入一个用电器正常工作时，1min内电能表的转盘转了25转则该电器消耗的实际功率是（）A15WB600WC300WD3kW【考点】电能表参数的理解与电能的求法；实际功率【分析】已知消耗1kWh的电能，电能表的转盘转动2500转，可求转25转消耗的电能，根据公式P=可求该电器消耗的实际功率【解答】解：转25转消耗的电能：W=kWh=0.01kWh，该电器消耗的实际功率：P=0.6kW=600W故选B10如图所示电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P由b向a滑动的过程中，说法正确的是（）A电流表的示数变小B通过定值电阻和滑动变阻器的电流之比是1：1C电压表与电流表的示数比值变大D滑动变阻器接入电路的阻值变大【考点】欧姆定律的应用【分析】由图可知定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和R两端的电压变化，根据欧姆定律和定值电阻的阻值可知电压表、电流表示数比值的变化【解答】解：（1）由图可知定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流；闭合开关S，滑动变阻器的滑片由b向a移动过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故D不正确；因为I=，所以电路中的电流变大，即电流表的示数增大，故A不正确；（2）定值电阻R与滑动变阻器串联，所以通过定值电阻和滑动变阻器的电流相等，比值为1：1，故B正确；（3）因为U=IR，所以电阻R两端的电压变大，因为电压表、电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，所以电压表、电流表示数的比值不变，故C不正确故选B11如图所示电路，电源电压为3V，当开关S闭合后，只有一盏灯泡发光且电压表的示数为3V，产生这一现象的原因可能是（）A灯泡L1处短路B灯泡L2处短路C灯泡L1处断路D灯泡L2处断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；该电路为串联电路，电压表测量L2两端的电压，根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障【解答】解：由电路图知，两灯泡串联，电压表与L2并联，测量L2两端的电压，因为闭合开关后，有一盏灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且等于电源电压，所以L1被短路故选A12标有“6V 3W”的甲灯和“12V 12W”的乙灯，并联接在6V的电源上（假设灯丝的电阻不变），下列说法正确的是（）A甲、乙两灯消耗的电能之比是1：4B甲、乙两灯的电阻之比是1：2C通过甲、乙两灯的电流之比是1：2D甲、乙两灯的实际电功率之比是1：1【考点】电功的计算；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电功率的计算；额定功率；实际功率【分析】已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据公式R=可求两灯泡的电阻，进一步求出电阻之比并联接在6V的电源上，在甲灯的额定电压下，甲灯正常发光，功率为额定功率，乙灯根据公式P=可求实际功率，进一步求出功率之比已求出两灯的实际功率，通电时间相同，根据公式W=Pt可求甲、乙两灯消耗的电能已知两灯两灯的电压和各自的电阻，根据公式I=可求通过甲、乙两灯的电流【解答】解：甲灯电阻R甲=12，乙灯电阻R乙=12，所以甲、乙两灯的电阻之比是1：1，故B错误，并联接在6V的电源上，甲灯正常发光，甲灯实际功率为额定功率，为P甲=3W，乙灯实际功率P乙实=3W，所以甲、乙两灯的实际电功率之比是1：1，故D正确甲灯消耗电能W甲=P甲t，乙灯消耗电能W乙=P乙实t，所以甲、乙两灯消耗的电能之比=，故A错误，通过甲灯的电流I甲=0.5A，通过乙灯的电流I乙=0.5A，所以通过甲、乙两灯的电流之比是1：1故C错误故选D二、填空题（每题2分，共24分）13走进花房就会有香气扑鼻的现象，说明了分子在永不停息的做无规则运动，影响这种现象的主要因素是温度【考点】分子的热运动【分析】扩散现象说明，一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动；分子的热运动与温度有关，温度越高，分子的运动越剧烈【解答】解：花的香味分子扩散到空气中，这种现象说明了分子在不停的做无规则的运动；分子的热运动与温度有关，温度越高，分子的运动越剧烈，而温度低时，则分子的运动较缓慢故答案为：分子在永不停息的做无规则运动； 温度14寒冷的冬天，在冰雪大世界参观的游客经常边跺脚边对手哈气，就会感到暖和了“跺脚”是用做功的方法增加脚的内能；“呵气”是用热传递的方法增加手的内能【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】解决此题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递【解答】解：“跺脚”是用做功的方式增加脚的内能；“哈气”是用热传递的方式增加手的内能；故答案为：做功，热传递15杯中1kg水的温度由10升高到30，这杯水的内能增加（选填“增加”、“减少”或“不变”），这些热量相当于完全燃烧2.8g酒精（q酒精=3.0107J/kg）【考点】热量的计算；燃料的热值【分析】（1）解答本题需掌握：温度是影响内能大小的因素，温度升高内能增大，温度降低内能减小（2）已知水的比热、质量和升高的温度，利用公式Q吸=cmt计算吸收的热量；已知酒精的热值和放出的热量，利用m=计算完全燃烧的酒精质量【解答】解：一杯水温度由10升高到30，温度升高，分子运动加剧，分子动能增加，所以内能增加；水吸收的热量为Q吸=cmt=4.2103J/（kg）1kg（3020）=8.4104J；根据Q=qm可知，完全燃烧的酒精质量为m=0.0028kg=2.8g故答案为：增加；2.816用带电体去吸引轻小纸屑，纸屑会飞向带电体，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，有的纸屑接触后又很快弹开，原因是同种电荷相互排斥【考点】物体带电现象；电荷间的相互作用规律【分析】带电体具有吸引轻小物体的性质，电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引【解答】解：碎纸屑被吸引是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，有的纸屑接触带电体后“弹开”，是因为这些纸屑带上和带电体相同的电荷，同种电荷相互排斥的缘故故答案为：带电体具有吸引轻小物体的性质；同种电荷相互排斥17小文对电冰箱进行了测试：先将其他所有用电器断开，只将电冰箱单独接入电路，电能表初始示数和两整天之后的示数如图，则该电冰箱两整天耗电4.8度，若以每度0.5元算，应交电费2.4元【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】本题首先要清楚电能表参数的意义电能表的读数方法：注意最后一位是小数，单位kWh然后用消耗的电能数值乘以0.5元即可求出两整天应交的电费【解答】解：该电能表初始示数W1=1342.0kWh，两整天之后的示数W2=1346.8kWh，该电冰箱两整天耗电：W=W2W1=1346.8kWh1342.0kWh=4.8kWh，两整天应缴纳的电费4.8kWh0.5元/kWh=2.8元故答案为：4.8；2.418要想实现“自制电磁铁”吸引更多的大头针，请你写出两条建议：通电线圈匝数不变，在保证电路安全的条件下，适当增加电池节数；使电磁铁中电流不变，适当增加通电线圈匝数【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数知道电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强【解答】解：电磁铁的磁性的强弱与电流大小和线圈的匝数有关，所以可以使电磁铁中的电流不变，增加线圈的匝数，或线圈的匝数不变，在保证安全的条件下，适当增加电磁铁中的电流故答案为：线圈的匝数不变，在保证安全的条件下，适当增加电磁铁中的电流；使电磁铁中的电流不变，增加线圈的匝数19如图是电动汽车动力系统示意图，汽车行驶时，通过改变滑动变阻器的阻值来调节电动机转速，从而改变行驶速度，当汽车速度最大时，电压表的示数为180V，电流表的示数为15A，此时电动机消耗的功率为2700W，若电动机的内阻为0.4，则电动机内阻的发热功率为90W【考点】电功率的计算【分析】由图可知，电压表测电动机两端的电压，电流表测通过的电流；根据P=UI求出电动机消耗的功率，根据P=I2R求出电动机内阻的发热功率【解答】解：由图可知，电压表测电动机两端的电压，电流表测通过的电流；此时电动机消耗的功率：P电=UI=180V15A=2700W，电动机内阻的发热功率；P热=I2R=（15A）20.4=90W故答案为：2700；9020小文想测出一个额定电压已知的小灯泡的额定功率，设计了如图所示的电路为实现小灯泡两端电压达到额定电压，他的做法是调节滑动变阻器的滑片，同时观察电压表示数若闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数，则故障可能是灯泡短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】（1）灯泡两端的电压等于额定电压时灯泡的实际功率与额定功率相等，所以要测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使小灯泡两端的电压等于额定电压；（2）灯泡不亮，可能是灯泡断路或灯泡短路或灯泡之外电路存在断路；电压表无示数，可能是灯泡短路，或电压表并联电路之外存在断路，或者是电压表断路；电流表有示数，说明电路不存在断路；综合分析可知，电路故障是灯泡短路【解答】解：（1）要测量小灯泡的额定功率，应使小灯泡两端的电压等于额定电压，连好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，同时观察电压表示数，使电压表的示数等于小灯泡的额定电压；（2）闭合开关后，灯泡不亮，可能是灯泡断路或灯泡短路或灯泡之外电路存在断路；此时电压表无示数，可能是灯泡短路，或电压表并联电路之外存在断路，或者是电压表断路；电流表有示数，说明电路不存在断路；所以其故障是灯泡短路故答案为：调节滑动变阻器的滑片，同时观察电压表示数；灯泡短路21当两根用毛皮摩擦过的硬橡胶棒相互靠近时，二者相互排斥此时橡胶棒所带电荷是负电荷【考点】摩擦起电【分析】毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，且同种电荷相互排斥【解答】解：用毛皮摩擦过的硬橡胶棒均带负电，为同种电荷，所以相互排斥故答案为：排斥；负22两个定值电阻，甲标有“10 2A”，乙标有“20 0.5A” 如将它们串联起来，电路中允许通过的最大电流是0.5A，如将它们并联，电路两端允许的最大电压10V【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值；（2）根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个【解答】解：（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，两只电阻串联时，电路中的最大电流I=I乙=0.5A；（2）由I=可得，两电阻两端允许所加的最大电压：U甲=I甲R甲=2A10=20V，U乙=I乙R乙=0.5A20=10V，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两只电阻并联时，电路中的最大电压U=U乙=10V故答案为：0.5；1023请用笔画线，按着（a）将（b）中各元件连接起来（L1的电流是0.5A，L2的电流是0.4A）【考点】实物的电路连接【分析】两个灯泡并联，A1测量L1中的电流，A2测量干路上的电流，根据并联电路的特点确定电流表的量程，电流表串联在测量对应的电路上，开关控制整个电路【解答】解：因为两个灯泡并联，A1测量L1中的电流，A2测量干路上的电流，并且L1通过的电流均不超过0.6A，所以电流表A1的量程选择00.6A，根据并联电路的电流特点可知：干路电流I=I1+I2=0.5A+0.4A=0.9A，所以电流表A2的量程选择03A，开关控制整个电路根据电路图完成实物图，如下图所示：24在图中，根据闭合开关后小磁针N极静止时的指向，标出电源的正负极，并用箭头标出磁感线的方向【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极根据右手定则判断出电流的方向，确定电源的正负极【解答】解：由图可知，小磁针静止时的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则通电螺线管的右端为S极，左端为N极因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极故答案如图所示：三、解答题25为了比较“水和铁砂的吸热能力”，小文做了如图所示的实验：在两个相同的试管中分别装有质量和初温都相同的水和铁砂，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表：质量/g温度升高10所需要的时间/s温度升高20所需要的时间/s温度升高30所需要的时间/s铁砂306489124水3096163220请回答下列问题：（1）在此实验中用到的测量工具有停表、温度计和天平；用加热时间的长短来表示吸收热量多少（2）分析表中的实验数据可知：质量相同的水和铁砂，升高相同的温度时水吸收的热量大于（选填“大于”或“小于”）铁砂吸收的热量（3）根据表中数据得到的结论是：水比铁砂吸热能力强（4）请你写出另外一种比较水和铁砂吸热能力的方法【考点】探究比热容的实验【分析】（1）测物体的质量需要用天平；用相同的热源对液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，加热时间越长，水和铁砂吸收的热量就越多；（2）若想比较不同物质的吸热能力，即比较质量相同的不同物质，在升高相同温度时，所用的加热时间的长短即可，加热时间长的吸收热量多；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和铁砂，利用吸收热量的计算公式Q=cmt，即可判断；（4）比较不同物质的吸热能力的大小，有两种方法：可判断两种物质在吸收相同热量的情况下，升高温度的多少温度升高较多的，则比热较小；可判断两种物质在升高相同温度的情况下，所用时间的多少用时较多的，说明吸收的热量多，则比热较大【解答】解：（1）测物体的质量需要用天平；在2个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和铁砂，在此实验中，用加热时间的长短来表示物质表示水和铁砂吸热的多少（2）因为质量相同的水和铁砂，升高相同温度，水用的时间长，水吸收的热量大于铁砂吸收的热量；（3）由表中数据分析可知，在升高相同温度时，水需要的加热时间长，故水的吸热能力要大一些如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，根据吸收热量的计算公式Q=cmt，又因为水的比热容大于沙子的比热容，故沙子升高的温度更高（4）在此实验中，为了比较水和铁砂吸热本领的大小，也可以让它们吸收相同的热量，比较升高的温度，来比较它们吸热本领的大小故答案为：（1）天平；吸收热量多少；（2）大于；（3）水比铁砂吸热能力强；（4）在两个相同的试管中取质量相同的水和铁砂，用相同的酒精灯加热相同时间，比较温度变化，就能比较它们的吸热能力26小文为了“探究串联电路中电压规律”，设计了电路，将两只灯泡L1、L2串联起来接到电源上，如图所示（1）连接或改接电路时，开关必须断开（2）检查电路无误后，闭合开关，发现电压表的指针偏转角度过小，为使实验结果更准确，他应该断开电路并把电压表改接小量程重新测量（3）小文分别把电压表连在图中 AB 两点、BC 两点及 AC 两点，闭合开关后，测得的数据是：UAB=0V，UBC=3V，UAC=3V，则故障可能L1短路（或L2断路；或L1短路同时L2断路）（答一条）（4）故障排除后，实验正常进行分别测出、UAB=1.4V、UBC=1.4V、UAC=2.8V，分析这组数据，小文发现串联电路中电压的规律是：串联电路两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和（5）分析实验数据“UAB=1.4V、UBC=1.4V”，小文还认为：串联电路中各部分电路两端的电压始终是相等的你认为这个结论错误；（选填“正确”“错误”）这对你进行此实验的启发是应选取不同规格的灯泡，进行多次实验再得结论【考点】探究串、并联电路中的电压规律实验【分析】（1）为避免电路发生短路，连接、拆接电路时必须断开开关；（2）连接电路时，电表要选择合适的量程，如果闭合开关，发现电压表的指针偏转角度过小，为使实验结果更准确，应用小量程（3）闭合开关灯泡不亮，原因有两个：断路或短路已知两灯串联都不亮，所以不可能是一灯短路，只能是断路（4）根据UAB=1.4V、UBC=1.4V、UAC=2.8V，分析这组数据可得出结论；（5）多次测量总结电压规律的方法：可以更换不同的灯泡进行多次测量；也可以改变电压进行多次测量；也可以通过调节滑动变阻器进行多次测量【解答】解：（1）为了安全，在拆接电路时，开关必须断开（2）检查电路无误后，闭合开关，发现电压表的指针偏转角度过小，说明电压表选择量程太大，为使实验结果更准确，他应该断开电路并把电压表改接小量程重新测量（3）如果灯泡L1短路，电路中只有灯泡L2电压表相当于测量的电源电压，所以有UAB=0，UBC=3V，UAC=3V；如果灯泡L1正常，灯泡L2开路，电压表相当于测量的电源电压，所以有UAB=0，UBC=3V，UAC=3V；如果灯泡L1短路，同时灯泡L2开路，电压表相当于测量的电源电压，所以有UAB=0，UBC=3V，UAC=3V综上所述可知导致该现象的原因是：灯泡L1短路或L2断路，或L1短路同时L2断路（4）由表中的实验数据UAB+UBC=UAC=，所以可得结论为：串联电路中，总电压等于各部分电路两端的电压之和（5）由测量的数据发现，电路中两盏灯的电压相同，这是由于实验中选用了相同规格的灯泡导致的，这只是个特殊情况，不能作为普遍规律；因此小文还认为：串联电路中各部分电路两端的电压始终是相等的这个结论是错误的，由此实验得到的启发是应选取不同规格的灯泡，进行多次实验再得结论故答案为：（1）断开；（2）断开电路并把电压表改接小量程重新测量；（3）L1短路（或L2断路；或L1短路同时L2断路）；（4）串联电路两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和；（5）错误；应选取不同规格的灯泡，进行多次实验再得结论27为完成“测定小灯泡正常发光时电阻”的实验，小文同学选取了相应器材，小灯泡上标有“2.5V”字样（1）该实验的原理是R=（2）如图甲电路无法正常完成实验，有一处导线连接错误，错误导线是（选填“”或“”）（3）改正电路后，小文调节滑动变阻器滑片使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙，则小灯泡正常发光时的电阻是5（4）实验时，小文发现自己的器材中还有一个不一样的小灯泡，于是合理调整器材再次实验在实验中使小灯泡逐渐变亮，在此过程小文收集实验数据并绘制图象如图丙观察发现图象不是直线，其原因是小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大你还有什么发现小灯泡的实际功率（电压）越大，灯泡越亮【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）伏安法测小灯泡正常发光时电阻的实验原理是用电流表测出通过小灯泡的电流，用电压表测出小灯泡两端的电压，根据R=求出电阻的大小（2）变阻器需串联在电路中，且要接一上一下；（3）根据图乙读出电流表的示数，由R=计算出电阻值（4）通过图象可以发现导体的电阻是变化的，导体电阻的决定因素有：导体的材料、长度、横截面积、温度四个因素因此从导体的决定因素入手来分析此题灯泡实际功率越大，灯泡越亮【解答】解：（1）测小灯泡正常发光时电阻的实验原理是欧姆定律公式变形R=；（2）由图甲可知，滑动变阻器同时接了上面两个接线柱，应“一上一下”连接，所以导线连接错误；（3）小灯泡正常发光时，其两端电压为2.5V；由图乙知，电流表的量程为00.6A，所以分度值为0.02A，示数为0.5A；则小灯泡正常发光时的电阻：R=5（4）当导体中有电流通过时，导体都要发热，且电流越大，温度越高导体的温度越高，导体的电阻就越大由于电阻的变化出现了导体中的IU图线不是一条直线；据此还发现小灯泡的实际功率（电压）越大，灯泡越亮故答案为：（1）R=；（2）；（3）5；（4）小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大；小灯泡的实际功率（电压）越大，灯泡越亮28扫地机器人是一款能自动清扫的智能家用电器，如图甲表一为某扫地机器人的部分数据图乙为某传统吸尘器，表二为该吸尘器的部分数据表一：额定工作电压12V额定功率30W工作噪音50dB清扫100m2运行时间50min表二：额定工作电压220V额定功率1400W工作噪音75dB清扫100m2工作时间10min（1）扫地机器人正常工作时的电流为多少A？（2）扫地机器人清扫100m2房间时电流做了多少功？（3）分析题中信息，从物理角度谈一下扫地机器人与传统的吸尘器相比，有哪些优点（说出两条）【考点】电功率与电压、电流的关系；电功的计算【分析】（1）已知扫地机器人正常工作时的电压和电功率，利用P=UI可求得扫地机器人正常工作时的电流；（2）已知扫地机器人清扫10m3房间时的功率和时间，利用P=可求得电流做了多少功；（3）从噪声和消耗电能的角度比较【解答】解：（1）由P=UI得，扫地机器人正常工作时的电流I=2.5A，（2）由P=可得，电流做功W1=P1t=30W5060s=9104J（3）由图可知，扫地机器人与传统的吸尘器相比50dB75dB，噪音小环保；由P=可得，传统的吸尘器清扫100m2房间时W2=P2t2=1400W1060s=8.4105J，因为9104J8.4105J，所以扫地机器人比传统的吸尘器节能答：（1）扫地机器人正常工作时的电流为2.5A；（2）扫地机器人清扫100m2房间时电流做了9104J功；（3）扫地机器人与传统的吸尘器相比有以下优点：噪音小环保；节能