九年级物理上学期期末试卷（含解析） 苏科版2

2015-2016学年江苏省泰州市兴化市顾庄学区三校联考九年级（上）期末物理试卷一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意每题2分，共24分）1关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小B物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体D物体的温度越高，所含热量越多2由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著因此（）A白天和夜晚，风都是从陆地吹向海面B白天和夜晚，风都是从海面吹向陆地C白天，风是从陆地吹向海面；夜晚，风是从海面吹向陆地D白天，风是从海面吹向陆地；夜晚，风是从陆地吹向海面3如图小明沿着滑梯加速下滑时感觉到臀部发热，下列关于此过程的说法中正确的是（）A动能转化为重力势能B重力势能全部转化为动能C机械能一定减少D机械能保持不变4如图所示的电路，电源电压不变闭合开关，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，电流表与电压表示数变化的情况分别是（）A变小 不变B变大 变小C变大 变大D变大 不变5如图，电源电压不变闭合开关S后，开关S1由闭合到断开，下列说法正确的是（）AA1示数不变，A示数变小BA1示数不变，A示数变大CA1示数变大，A示数变大DA1示数变小，A示数变小6如图所示，所列用电器的额定功率最接近1000W的是（）A家用电冰箱B电视机C节能灯D电压力锅7如图所示，闭合开关后发现L1比L2亮些，下列分析正确的是（）A电流先经过L1后经过L2，流过L1的电流较大B电流先经过L1后经过L2，但电流大小相同C电流同时经过L1和L2，流过L1的电流较大D电流同时经过L1和L2，L1的电阻较大8下列说法中正确的是（）A电流做功过程就是电能转化为内能的过程B电功率反映电流做功的快慢C用电器消耗电能越多电功率就一定越大D用电器的电功率越大做功一定越多9有两盏灯，甲灯上标有“36V 60W”，乙灯上标有“220V 60W”，当它们分别在其额定电压下发光时，会看到（）A甲灯比乙灯更亮B乙灯比甲灯更亮C两盏灯一样亮D无法确定哪盏灯更亮10如图是学生设计的模拟调光台灯电路闭合开关灯泡发光后，无论怎样移动回形针，发现灯泡亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）A电路处于断路状态B灯泡被短路C灯泡灯丝的阻值太小D金属丝的阻值太小11如图所示的事例中，符合安全用电原则的是（）A湿衣服晾在电线上B多个大功率用电器接在同一插座板上C湿手拨动开关D用干木棒挑开裸导线12如图所示的几种器件，工作时一定应用了电流的磁效应的是（）A风力发电机B电风扇C电铃D门吸二、填空题（本题有10小题，每空1分，共24分）13物理学中，通过其效应对自然界中看不到的事物进行研究是物理学中的一种重要方法例如，我们虽然看不到空气，但可以通过它运动产生的效应树叶的摆动“观察”到它的存在在初中物理学习中，我们就是通过小灯泡是否发光来判断灯丝中有无_通过；通过小磁针是否偏转来判断某个空间是否存在_14如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是_能转化为_能15小萱常用手给奶奶搓背和用热水给奶奶泡脚，都能使奶奶的身体感到暖和搓背是通过_的方式改变内能的，泡脚是通过_的方式改变内能的16如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来此实验得到的结论是：对_（选填“棉絮”或“筒内气体”）做功，它的内能会增加，其能量转化情况与单缸四冲程汽油机的_冲程相同，若汽油机的转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功_次17如图所示，两个水果电池组成的“电池组”点亮了发光二极管，这个“电池组”在工作时将_能转化为_能发光二极管的主要材料为_（“导体”、“半导体”或“绝缘体”），已知发光二极管具有单向导电的性质，电流只能从它的正极流进从负极流出（如图），则A、B、C、D这四个金属片中相当于电池正极的两金属片是_18装点城市的热闹与繁华的小彩灯的内部结构如图所示，小彩灯的灯丝下方有一根与灯丝并联的特殊金属丝，灯丝完好时，金属丝与金属杆不通电，灯丝断裂后，金属丝自动与金属杆连通则当一个小彩灯的灯丝断开，此小彩灯熄灭，其他的小彩灯_（继续发光/不能发光，下同）；如果取下这个坏的小彩灯，其他的小彩灯_19一电子式电能表表盘上标有“3000imp/（kWh）”字样，其含义是_现将若干盏规格都为“220V 20W”的节能灯接在该电能表上一起正常工作15min，电能表的指示灯闪烁了135次，则这些节能灯消耗的电能为_J，接入的节能灯共有_盏20某“STS”活动小组利用一部移动电话机、一台固定电话机、铁盒和塑料盒进行实验：把移动电话机分别放在密封的铁盒和塑料盒内，用固定电话机拨该移动电话，实验可观察到移动电话在_盒内无法接通，据此可初步得到的结论是：_21电工用如图方法检验家庭电路是否有短路情况，先在进户线的干路上串联一个标有“220V40W”的白炽灯L1，然后断开房间的所有开关，ab间加220V电压，发现L1正常发光，说明家庭电路_（填“有”或“没有”）短路情况，此时电路中的电流为_A，若此时用测电笔接触A点，氖管_（会/不会）发光22用恒为3V的电源给一小电动机供电使其转动，已知小电动机线圈电阻为1，1min内小电动机消耗电能为36J，则通过电动机的电流是_A三、解答题（本题有9小题，共52分解答计算题时应写出解题过程）23根据要求作图（1）如图甲，家用电吹风，由电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求不能只发热不吹风，可以吹热风或吹冷风，；请在图中用笔画线连接好符合要求的电路图（2）如图乙，完成图中三线插座的连接（3）根据图丙中小磁针N极指向，标出磁体的N极和S极，并画出图中经过小磁针的那条磁感线的方向24太阳能热水器被广泛应用于现代生活下表提供的是一装满水的太阳能热水器在太阳照射下的相关信息：太阳照射时间/h太阳能转换为水的内能的效率热水器最大水容量/L1050%100水升高的温度/水的比热容/J（kg）1水的密度/kgm3604.21031.0103请根据上表信息，求：（1）热水器中水的质量（2）热水器中的水增加的内能（3）此次热水器接收的太阳能约为多少？如果这些能量由燃烧燃气来提供，则需多少燃气？（燃气的热值为4.2107J/kg）25如图所示的电路中，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为10，电阻R2的阻值为30，电流表A的量程取00.6A，闭合开关S（1）求通过电路的电流I（2）求电阻R1消耗的功率P1（3）现用标有“20 1A”字样的滑动变阻器R3替换电阻R2，为使电路中各元件安全，求变阻器R3连入电路的阻值范围26为探究“动能大小的影响因素”，科学小组利用斜面、钢球、木块等器材开展了如图所示的活动（1）实验中通过比较木块_来判断钢球动能的大小；（2）在图甲和图乙中，用质量相同的两个钢球从斜面上不同高度自由滚下，比较两图实验现象，得到的结论是_；（3）由实验中钢球撞击木块做功，同学们联想到汽车撞击行人出现交通事故的情景，并猜想到交通事故的危害程度与“超载”、“超速”有关若要研究超载的安全隐患，我们应选择_两个图所示实验进行比较27（1）为比较水和煤油吸热升温性质的不同，江涛用两个相同的装置做了如图甲所示的实验在两个相同的烧杯中应加入初温相同、_相同的水和煤油；实验中搅拌器的作用是：使液体_；实验通过比较_（选填“加热时间”或“升高的温度”）来比较水和煤油吸收热量的多少实验中发现煤油温度升高较快，水温度升高较慢，这表明_比热容较小（2）为了比较酒精和碎纸片的热值，江涛设计了如图乙所示实验，实验中除所用两个烧杯及水的初温相同外，还有控制相同的量有：_和_实验通过比较_（选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片燃烧放出热量的多少28小明进行了如下两图所示的实验，根据实验现象能够判断铁棒一定具有磁性的是_图，做出此判断的道理是_29探究“电流与电阻的关系”器材有：滑动变阻器、开关、电源（电压恒为6V）各一个，电流表、电压表各一块，三个定值电阻（10、15、20），导线若干表1电压U/V4电阻R/201510电流I/A0.200.280.40表2电阻R/10电压U/V23456电流I/A0.20.30.40.50.6（1）图甲是小明连接的电路，闭合开关前，滑片应置于_端（选填“A”或“B”）（2）闭合开关后，移动滑片，使与电阻（20）并联的电压表示数为4V，读出电流表示数，再分别改接15、10的电阻，重复上述实验，收集的实验数据如表1所示老师告诉小明有一组数据误差较大，便找来一个5的电阻让他再测一组数据当他把5的电阻接入电路时，他应该调节变阻器使电压表示数仍为4V，但调节时却发现实验不能继续进行了，其原因是_改变连接后继续实验，当电压表示数为4V时，电流表示数如图乙所示，为_A综合分析数据可得：电压一定时，_（3）小明又利用上述实验器材探究“电流与电压的关系”，将滑片从一端移到另一端的过程中，收集的实验数据填入了表2中分析表2中数据可得：电阻一定时，_分析可知，小明使用的变阻器的最大阻值为_30一额定电压是6V的小灯泡，其正常工作时通过的电流约为0.3A小明想测定这个小灯泡的额定功率，实验室有如下器材：电源（电压为12V）、电流表、电压表、开关各一只，三只规格分别为“20 1A”、“50 0.5A”和“100 0.2A”的滑动变阻器，导线若干（1）小明设计了图甲所示电路图，你认为应选用规格为_的滑动变阻器（2）图乙中已连接了部分电路请你根据电路图，将电路连接完整（3）小明正确选择了滑动变阻器，将图乙的电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于6V具体原因是_（4）小明排除故障后，继续实验，当电压表的示数为6V时，电流表的示数为0.32A，则小灯泡的额定功率是_W（5）小明根据测量灯泡实际功率的多组实验数据，作出了IU图象，如图丙所示结果发现图线不是直线，这表明灯泡的电流与电压不成正比，这是因为_31在“比较两个灯泡的亮暗”活动中，同学们设计了如图所示的电路，L1和L2两灯泡的电阻阻值不等，闭合开关后，两个灯泡的亮度不同现在，我们用这个电路来探究电流做功与哪些因素有关（1）由于通电时小灯泡会发热、发光，因此可以通过比较_来大致说明一定时间内电流做功的多少（2）如果再添加一只_表，就可以探究电流做功的多少与_的关系若在此基础之上再串联一个滑动变阻器，则其作用有：_；_2015-2016学年江苏省泰州市兴化市顾庄学区三校联考九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意每题2分，共24分）1关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小B物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体D物体的温度越高，所含热量越多【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关（2）热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同（3）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量【解答】解：内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，故A、B不符合题意；发生热传递的条件是温度的高低，不是内能的大小内能小的物体也可能是温度高的物体，所以，内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故C符合题意；热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故D不符合题意故选C2由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著因此（）A白天和夜晚，风都是从陆地吹向海面B白天和夜晚，风都是从海面吹向陆地C白天，风是从陆地吹向海面；夜晚，风是从海面吹向陆地D白天，风是从海面吹向陆地；夜晚，风是从陆地吹向海面【考点】比热容解释简单的自然现象【分析】要解答本题需掌握：水的比热容比泥土沙石的大，在同样吸放热时，其温度变化不同，导致海陆风的形成【解答】解：水的比热容比泥土沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地；晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面因此，在海岸附近形成的一种有日变化的风系在基本气流微弱时，白天风从海上吹向陆地，夜晚风从陆地吹向海洋前者称为海风，后者称为陆风，合称为海陆风综上所述，只有D的说法是正确的故选D3如图小明沿着滑梯加速下滑时感觉到臀部发热，下列关于此过程的说法中正确的是（）A动能转化为重力势能B重力势能全部转化为动能C机械能一定减少D机械能保持不变【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】解决此题要知道动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能就越大；重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大；机械能包括动能和重力势能【解答】解：小明从滑梯上加速下滑时，速度增大，高度减小，所以小明的动能增加，重力势能减小；感到臀部灼热，是因为滑梯摩擦力的作用，使内能增加，因此会有一部分机械能转化为内能，因此机械能会减小；综上所述ABD错误，C正确故选C4如图所示的电路，电源电压不变闭合开关，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，电流表与电压表示数变化的情况分别是（）A变小 不变B变大 变小C变大 变大D变大 不变【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；由U=IR可知，定值电阻R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故BD错误，C正确故选C5如图，电源电压不变闭合开关S后，开关S1由闭合到断开，下列说法正确的是（）AA1示数不变，A示数变小BA1示数不变，A示数变大CA1示数变大，A示数变大DA1示数变小，A示数变小【考点】并联电路的电流规律【分析】从图可知闭合开关S，断开开关S1，电路中只有灯泡L1，电流表A和A1测量的是通过电阻灯泡L1中的电流开关S、S1都闭合后，灯泡L1和灯泡L2并联，电流表A测量的是干路中的总电流，电流表A1测量通过灯泡L1的电流，再根据并联电路的电流特点判断出电流表A和A1示数的变化【解答】解：从图可知，当开关S、S1都闭合后，灯泡L1和灯泡L2并联，电流表A测量的是干路中的总电流，电流表A1测量通过灯泡L1的电流，而电源电压不变，根据欧姆定律可知通过灯泡L1的电流I1不变，即电流表A1的示数不变闭合开关S，断开开关S1，电路中只有灯泡L1，电流表A和A1测量的是通过电阻灯泡L1中的电流，则电流表A和A1的示数为：I=I1即电流表A的示数变小故选A6如图所示，所列用电器的额定功率最接近1000W的是（）A家用电冰箱B电视机C节能灯D电压力锅【考点】电功率【分析】根据我们对生活中常用用电器额定功率的了解去选择【解答】解：A、电冰箱的额定功率约为200W左右；B、电视机的额定功率约120W；C、节能灯的额定功率约为40W左右；D、电压力锅的额定功率约1000W故选D7如图所示，闭合开关后发现L1比L2亮些，下列分析正确的是（）A电流先经过L1后经过L2，流过L1的电流较大B电流先经过L1后经过L2，但电流大小相同C电流同时经过L1和L2，流过L1的电流较大D电流同时经过L1和L2，L1的电阻较大【考点】串联电路的电流规律【分析】（1）灯泡的亮暗是由灯泡的实际功率决定的；（2）根据灯泡L1比灯泡L2亮结合公式P=I2R判断出电阻的大小，根据串联电路的电压、电流的规律进行分析【解答】解：（1）两灯泡串联，所以电流相等，B、由图可知，电流从正极出发，电流先经过L1后经过L2，但电流大小相同，故A错误；B正确，C错误；（2）灯泡L1比灯泡L2亮一些，所以灯泡L1的功率大于灯泡L2的功率，根据P=I2R，灯泡L1的功率大，电流相等，所以灯泡L1的电阻较大，故D错误故选B8下列说法中正确的是（）A电流做功过程就是电能转化为内能的过程B电功率反映电流做功的快慢C用电器消耗电能越多电功率就一定越大D用电器的电功率越大做功一定越多【考点】电功；电功率【分析】电功是指用电器消耗电能的多少，电流做功的过程就是电能转化为其它形式能的过程；电功率是表示做功快慢的物理量，指单位时间内消耗电能的多少【解答】解：A、电流做功的过程就是电能转化为其它形式能的过程，不一定都转化为内能，故A错误；B、电功率反映电流做功的快慢，电功率越大，说明电流做功越快，故B正确；C、用电器消耗的电能越多，电功率不一定越大，因为电功率还跟时间有关系，故C误；D、用电器的电功率越大，做功越快，但不一定做功越多，由W=Pt可知电流做功多少还跟时间有关系，故D错误故选B9有两盏灯，甲灯上标有“36V 60W”，乙灯上标有“220V 60W”，当它们分别在其额定电压下发光时，会看到（）A甲灯比乙灯更亮B乙灯比甲灯更亮C两盏灯一样亮D无法确定哪盏灯更亮【考点】额定功率【分析】根据额定功率的概念分析额定功率是指用电器在额定电压下的功率【解答】解：两个电灯的额定电压虽然不同，但额定功率相等，即都在额定电压下正常工作时，功率是相等的故选C10如图是学生设计的模拟调光台灯电路闭合开关灯泡发光后，无论怎样移动回形针，发现灯泡亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）A电路处于断路状态B灯泡被短路C灯泡灯丝的阻值太小D金属丝的阻值太小【考点】电路的基本连接方式【分析】金属丝相当于一个滑动变阻器，它和灯泡串联分压，且电压和其电阻成正比再根据公式P=分析灯泡的实际功率的变化和灯泡亮度的变化【解答】解：金属丝和小灯泡串联分压，在移动回形针的过程中，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，根据公式P=可知，灯泡实际功率和其两端的电压的平方成正比，灯泡实际功率几乎不变，是因为两端的电压几乎不变，原因是金属丝的电阻相对于小灯泡来说，其电阻太小，故D正确故选D11如图所示的事例中，符合安全用电原则的是（）A湿衣服晾在电线上B多个大功率用电器接在同一插座板上C湿手拨动开关D用干木棒挑开裸导线【考点】安全用电原则【分析】根据水容易导电，电流过大的后果和处理用电事故的方法分析【解答】解：A、C、说法错误，由于容易导电，会造成触电或漏电；B、说法错误，多个大功率用电器接在同一插座板上，会造成电线中的电流过大，造成起火事故；D、说法正确，干木棒不导电故选D12如图所示的几种器件，工作时一定应用了电流的磁效应的是（）A风力发电机B电风扇C电铃D门吸【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应【分析】（1）电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应（2）电流流过导体时导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应（3）电流流过导体时导体发生化学变化，这种现象是电流的化学效应【解答】解：A、发电机是根据电磁感应原理制成的，所以A不正确；B、电风扇的主要部件是电动机，电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力转动的原理制成的，所以B不正确；C、电铃中利用了电磁铁，电磁铁是利用电流的磁效应制成的，所以C正确；D、门吸是利用了永磁体来工作的，所以D不正确故选C二、填空题（本题有10小题，每空1分，共24分）13物理学中，通过其效应对自然界中看不到的事物进行研究是物理学中的一种重要方法例如，我们虽然看不到空气，但可以通过它运动产生的效应树叶的摆动“观察”到它的存在在初中物理学习中，我们就是通过小灯泡是否发光来判断灯丝中有无电流通过；通过小磁针是否偏转来判断某个空间是否存在磁场【考点】物理学方法【分析】对于看不见的事物，人们是通过某些“效应”去研究的，实际是物理的一种研究方法，它是转换法，把看不见的或现象不明显的转化成看得见的明显的现象去感知【解答】解：电流看不见、摸不着，判断电路中是否有电流时可通过电路中的灯泡是否发光去确定，采用的是转换法；通过观察小磁针的偏转，来判断空间中是否存在磁场，采用的是转换法故答案为：电流；磁场14如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是弹性势能转化为动能【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】动能的影响因素：质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的形变程度【解答】解：魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能故答案为：弹性势；动15小萱常用手给奶奶搓背和用热水给奶奶泡脚，都能使奶奶的身体感到暖和搓背是通过做功的方式改变内能的，泡脚是通过热传递的方式改变内能的【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式【解答】解：搓背使身体感到暖和，是摩擦生热，属于做功改变身体内能；泡脚使身体感到暖和，是通过热传递改变身体的内能；这两种方法对改变物体的内能效果是等效的故答案为：做功；热传递16如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来此实验得到的结论是：对筒内气体（选填“棉絮”或“筒内气体”）做功，它的内能会增加，其能量转化情况与单缸四冲程汽油机的压缩冲程相同，若汽油机的转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功20次【考点】做功改变物体内能【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；（2）2400r/min的含义：它表示热机的飞轮每分钟转2400圈汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次【解答】解：在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增大，温度升高；压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，故该过程中，与内燃机的压缩冲程相同；四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min，则该飞轮每秒钟转40圈因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个工作冲程，做功一次，故汽油机每秒对外做功20次故答案为：筒内气体；压缩； 2017如图所示，两个水果电池组成的“电池组”点亮了发光二极管，这个“电池组”在工作时将化学能转化为电能发光二极管的主要材料为半导体（“导体”、“半导体”或“绝缘体”），已知发光二极管具有单向导电的性质，电流只能从它的正极流进从负极流出（如图），则A、B、C、D这四个金属片中相当于电池正极的两金属片是B和D【考点】电源及其能量转化【分析】（1）据该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可判断；（2）发光二极管是由半导体材料制成的；（3）知道二极管具有单向导电性，再根据在电源的外部，电流总是从电源的正极流向电源的负极做出判断【解答】解：水果电池工作时，将消耗化学能，产生电能，所以是将化学能转化为电能的过程；发光二极管是由半导体材料制成的；因为二极管具有单向导电性，又知道发光二极管的右边引脚是正极，读图可知，二极管发光，则与二极管右端连接的D和B金属片相当于电源的正极，A和C金属片相当于电源的负极故答案为：化学；电；半导体；B和D18装点城市的热闹与繁华的小彩灯的内部结构如图所示，小彩灯的灯丝下方有一根与灯丝并联的特殊金属丝，灯丝完好时，金属丝与金属杆不通电，灯丝断裂后，金属丝自动与金属杆连通则当一个小彩灯的灯丝断开，此小彩灯熄灭，其他的小彩灯继续发光（继续发光/不能发光，下同）；如果取下这个坏的小彩灯，其他的小彩灯不能发光【考点】电路的基本连接方式【分析】由于小彩灯的设计独特，有金属丝和灯丝两部分，所以当有灯泡灯丝断时，电流会从金属丝通过，所以其它的小灯泡仍能正常发光节日彩灯采用的连接方式是串联，串联电路中的电流处处相等；【解答】解：（1）小彩灯的灯丝和金属丝是并联的，当一个小彩灯的灯丝断开，此小彩灯熄灭，电流从金属丝中通过因此其他的小彩灯继续发光（2）电器串联时，任何一只用电器开路则其它用电器都不能正常工作，所以如果取下这个坏的小彩灯，整串彩灯同时熄灭，说明彩灯间的连接是串联的；故答案为：继续发光；不能发光19一电子式电能表表盘上标有“3000imp/（kWh）”字样，其含义是每消耗1kWh电能，指示灯闪烁3000次现将若干盏规格都为“220V 20W”的节能灯接在该电能表上一起正常工作15min，电能表的指示灯闪烁了135次，则这些节能灯消耗的电能为1.62105J，接入的节能灯共有9盏【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】3000imp/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁3000次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，求出指示灯闪烁135次电路中消耗的电能然后求出用电器的总功率，已知节能灯的功率为20W，然后可求得接入的节能灯有几盏【解答】解：3000imp/kWh表示每消耗1kWh电能，指示灯闪烁3000次，指示灯闪烁135次，电路消耗电能为：W=135kWh=0.045kWh=0.0453.6106=1.62105J，P总=180W，则接入的节能灯数量n=9（盏）故答案为：每消耗1kWh电能，指示灯闪烁3000次；1.62105；920某“STS”活动小组利用一部移动电话机、一台固定电话机、铁盒和塑料盒进行实验：把移动电话机分别放在密封的铁盒和塑料盒内，用固定电话机拨该移动电话，实验可观察到移动电话在铁盒内无法接通，据此可初步得到的结论是：铁盒对电磁波有屏蔽作用（铁盒能够挡住电磁波）【考点】电磁波的传播【分析】本题主要考查对声波与电磁波特性的了解：金属对电磁波有屏蔽作用，但不能屏蔽声波；塑料对电磁波和声波均无屏蔽作用【解答】解：把移动电话机分别放在密封的金属盒和塑料盒内，用固定电话机拨移动电话机（用电磁波传递信息）的号码时，因为金属对电磁波有屏蔽作用，但不能屏蔽声波，所以不能听到金属盒内的铃声，而能听到塑料盒内的铃声实验结论：金属盒对电磁波有屏蔽作用（铁盒能够挡住电磁波）故答案为：铁；铁盒对电磁波有屏蔽作用（铁盒能够挡住电磁波）21电工用如图方法检验家庭电路是否有短路情况，先在进户线的干路上串联一个标有“220V40W”的白炽灯L1，然后断开房间的所有开关，ab间加220V电压，发现L1正常发光，说明家庭电路有（填“有”或“没有”）短路情况，此时电路中的电流为0.18A，若此时用测电笔接触A点，氖管不会（会/不会）发光【考点】欧姆定律的应用【分析】由串联电路特点在进户线的干路上串联额定电压220V的白炽灯L1，若给ab加上220V电压，L1恰能正常发光，说明该支路短路，L1发光不正常（暗红色）说明该支路工作正常；家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光【解答】解：在进户线的干路上串联一个标有“220V 40W”的白炽灯L1，然后断开房间里的所有开关，ab间加220V电压，由于所有开关都断开，即正常情况下，火线和零线是不接触的，但若此时发现L1正常发光，说明家庭电路有短路的地方，即此时电路中只有这一个灯泡工作，且正常发光，根据P=UI得通过它的电流是：I=0.18A；由图接入L1后其正常发光，L1左侧接火线，其右侧接零线，所以若此时用测电笔接触A点，氖管不会发光故答案为：有；0.18；不会22用恒为3V的电源给一小电动机供电使其转动，已知小电动机线圈电阻为1，1min内小电动机消耗电能为36J，则通过电动机的电流是0.2A【考点】电功计算公式的应用【分析】知道消耗的电能、电源的电压和通电时间，根据W=UIt的变形公式I=求出通过电动机的电流【解答】解：通电时间t=1min=60s，由W=UIt得，通过电动机的电流：I=0.2A故答案为：0.2三、解答题（本题有9小题，共52分解答计算题时应写出解题过程）23根据要求作图（1）如图甲，家用电吹风，由电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求不能只发热不吹风，可以吹热风或吹冷风，；请在图中用笔画线连接好符合要求的电路图（2）如图乙，完成图中三线插座的连接（3）根据图丙中小磁针N极指向，标出磁体的N极和S极，并画出图中经过小磁针的那条磁感线的方向【考点】串、并联电路的设计；磁感线及其特点；家庭电路的连接【分析】（1）电吹风吹冷风时只有电动机工作，吹热风时电动机和电热丝共同工作，说明电动机和电热丝互不影响即为并联；要求只能吹热风或吹冷风，不能只发热不吹风，说明一开关位于干路控制整个电路，另一开关位于电热丝支路控制该支路，据此进行解答（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；（3）由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向根据磁感线方向即可确定磁铁的N、S极【解答】解：（1）经分析可知，电动机和电热丝并联，一开关位于干路，另一开关位于电热丝的支路，如下图甲所示；（2）左孔接零线；孔接地线如下图乙所示；（3）由图可知：小磁针静止时N极指向的方向为该点磁感线的方向一致；再根据磁感线在磁体的周围是从N极出来，回到S极；如图丙所示24太阳能热水器被广泛应用于现代生活下表提供的是一装满水的太阳能热水器在太阳照射下的相关信息：太阳照射时间/h太阳能转换为水的内能的效率热水器最大水容量/L1050%100水升高的温度/水的比热容/J（kg）1水的密度/kgm3604.21031.0103请根据上表信息，求：（1）热水器中水的质量（2）热水器中的水增加的内能（3）此次热水器接收的太阳能约为多少？如果这些能量由燃烧燃气来提供，则需多少燃气？（燃气的热值为4.2107J/kg）【考点】太阳能热水器中的热量计算【分析】（1）利用密度公式m=v先计算出水的质量；（2）利用热量的计算公式Q吸=cmt求出热水器中的水增加的内能；（3）利用热水器上的集热器对太阳能的利用效率，计算出太阳能热水器接受的热量；知道燃气的热值和完全燃烧放出的热量，根据Q=mq求出可节约的燃气【解答】解：（1）水的体积V=V=100L=0.1m3；由=得，热水器中水的质量：m=V=1.0103kg/m30.1m3=100kg，（2）热水器中的水增加的内能：Q=Q吸=cmt=4.2103J/（kg）100kg60=2.52107J；（3）由=可得，此次热水器接收的太阳能：Q总=5.04107J；由题意可知，Q放=Q总=5.04107J，根据Q放=mq可得，这些太阳能由燃气提供时可节约的燃气：m=1.2kg答：（1）热水器中水的质量为100kg（2）热水器中的水增加的内能为为2.52107J；（3）此次热水器接收的太阳能约为5.04107J；如果这些太阳能燃气提供，至少可节约1.2kg的燃气25如图所示的电路中，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为10，电阻R2的阻值为30，电流表A的量程取00.6A，闭合开关S（1）求通过电路的电流I（2）求电阻R1消耗的功率P1（3）现用标有“20 1A”字样的滑动变阻器R3替换电阻R2，为使电路中各元件安全，求变阻器R3连入电路的阻值范围【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）由串联电路特点与欧姆定律可以求出电路电流（2）由电功率公式可以求出电功率（3）由串联电路特点与欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，然后确定其阻值范围【解答】解：（1）电路电流：I=0.3A；（2）电阻R1消耗的功率：P1=I2R1=（0.3A）210=0.9W；（3）电路允许的最大电流：I最大=0.6A，由I=可知，电路最小电阻：R最小=20，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R2最小=R最小R1=2010=10，则变阻器R3连入电路的阻值范围是：1020；答：（1）通过电路的电流为0.3A（2）电阻R1消耗的功率为0.9W（3）变阻器R3连入电路的阻值范围是：102026为探究“动能大小的影响因素”，科学小组利用斜面、钢球、木块等器材开展了如图所示的活动（1）实验中通过比较木块滑动的距离来判断钢球动能的大小；（2）在图甲和图乙中，用质量相同的两个钢球从斜面上不同高度自由滚下，比较两图实验现象，得到的结论是质量一定时，速度越大，动能越大；（3）由实验中钢球撞击木块做功，同学们联想到汽车撞击行人出现交通事故的情景，并猜想到交通事故的危害程度与“超载”、“超速”有关若要研究超载的安全隐患，我们应选择甲、丙两个图所示实验进行比较【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；（2）据实验现象分析即可得出正确的结论；（3）超载和超速都会带来安全隐患，用来探究超载的隐患时，应保持速度相同；探究超速的隐患时，应保持质量相同由此分析作答【解答】解：（1）实验中通过比较木块滑动的距离来判断钢球动能的大小；（2）比较甲乙两图可知，甲图小球高度大，推动木块运动的距离越远，故可得结论是：在质量相同时，物体的速度越大，动能越大；（3）超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大选择到达水平面的速度相等，质量不同的小球进行实验，即甲、丙两图符合题意；超速是指汽车的质量一定，速度越大，动能越大选择质量相等到达水平面速度不同的小球，即甲、乙两图符合题意故答案为：（1）滑动的距离；（2）质量一定时，速度越大，动能越大；（3）甲、丙27（1）为比较水和煤油吸热升温性质的不同，江涛用两个相同的装置做了如图甲所示的实验在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油；实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀；实验通过比较加热时间（选填“加热时间”或“升高的温度”）来比较水和煤油吸收热量的多少实验中发现煤油温度升高较快，水温度升高较慢，这表明煤油比热容较小（2）为了比较酒精和碎纸片的热值，江涛设计了如图乙所示实验，实验中除所用两个烧杯及水的初温相同外，还有控制相同的量有：酒精和碎纸片的质量相等和两烧杯中水的质量和初温相同实验通过比较升高的温度（选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片燃烧放出热量的多少【考点】探究比热容的实验【分析】（1）判断水与煤油的吸热本领的大小，可以判断两种物质在吸收相同热量的情况下，升高温度的多少温度升高较多的，则比热较小；为了达到此目的必须控制所用的物质的质量相等、初温相同，所用仪器相同；实验中不断地用搅拌器搅拌，目的是使得物质受热均匀；水和煤油吸热的多少无法判断，但通过使用采用相同的加热方法，即可通过加热时间判断物体吸收热量的多少；加热相同的时间，质量相同的水和煤油，由于煤油的吸热本领小，所以煤油升高的温度更高（2）由Q放=mq可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同；由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水升高的温度来体现燃料的热值大小，所以需要控制水的初温相同【解答】解：（1）在此实验中，为了比较水和煤油吸热本领的大小，我们可以加热相同的时间，观察升高的温度的不同；也可以让它们其升高相同温度，比较加热时间，来比较它们吸热本领的大小为了达到实验目的前提条件是：在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油；实验中不断地用搅拌器搅拌，目的是使得物质受热均匀；研究物体吸热本领的与物质的种类的关系时，由于是相同的酒精灯加热，即水和煤油在相同的时间内吸收的热量相等，所以可以利用加热时间的长短来反映物体吸收热量的多少；因为煤油比水的吸热本领小，所以加热相同的时间，它们吸收相等热量时，质量相同的水和煤油，煤油升高的温度更高（2）因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水的温度发生变化，所以需要控制酒精和碎纸片的质量相等，两烧杯中水的质量和初温相同，通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系故答案为：（1）质量；受热均匀；加热时间；煤油；（2）酒精和碎纸片的质量相等；两烧杯中水的质量和初温相同；升高的温度28小明进行了如下两图所示的实验，根据实验现象能够判断铁棒一定具有磁性的是乙图，做出此判断的道理是磁体两端磁性最强【考点】磁性、磁体、磁极【分析】铁棒有磁性，就是具有了吸引铁、钴、镍等磁性物质的性质，在磁体上，两端磁极的磁性最强【解答】解：甲图中，铁棒靠近小磁针，即使铁棒没有磁性，小磁针也会吸引铁棒，故甲图不能确定铁棒是否具有磁性；乙图中，将铁棒从挂有铁块的弹簧秤下向右移动，会发现铁棒两端对铁块的作用比中间对铁块的作用大，即弹簧测力计示数有变化，故乙图可以判断铁棒具有磁性故答案为：乙；磁体两端磁性最强29探究“电流与电阻的关系”器材有：滑动变阻器、开关、电源（电压恒为6V）各一个，电流表、电压表各一块，三个定值电阻（10、15、20），导线若干表1电压U/V4电阻R/201510电流I/A0.200.280.40表2电阻R/10电压U/V23456电流I/A0.20.30.40.50.6（1）图甲是小明连接的电路，闭合开关前，滑片应置于B端（选填“A”或“B”）（2）闭合开关后，移动滑片，使与电阻（20）并联的电压表示数为4V，读出电流表示数，再分别改接15、10的电阻，重复上述实验，收集的实验数据如表1所示老师告诉小明有一组数据误差较大，便找来一个5的电阻让他再测一组数据当他把5的电阻接入电路时，他应该调节变阻器使电压表示数仍为4V，但调节时却发现实验不能继续进行了，其原因是电流超过了电流表00.6A的量程改变连接后继续实验，当电压表示数为4V时，电流表示数如图乙所示，为0.8A综合分析数据可得：电压一定时，I与R成反比（3）小明又利用上述实验器材探究“电流与电压的关系”，将滑片从一端移到另一端的过程中，收集的实验数据填入了表2中分析表2中数据可得：电阻一定时，I与U成正比分析可知，小明使用的变阻器的最大阻值为20【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）在连接电路时，闭合开关前滑片必须处于最大阻值处；（2）电路中分别接入20、15、10的电阻，实验能够正常进行，说明电路是正常的，改接5电阻后，电路不能正常进行，是由于超过了电流表所选的量程；先确定电流表选择的量程和最小分度值，再读出电流表的示数；综合数据分析可知，电压一定时，导体中的电流和导体的电阻成反比；（3）电阻一定时，导体中的电流和导体两端的电压成正比；【解答】解：（1）据所学知识可知，在连接电路时，闭合开关前滑片必须处于最大阻值处，即闭合开关前，滑片应置于B端；（2）若再接入5的电阻时，据I=0.8A，故实验不能正常进行，是由于超过了电流表所选的量程；据上可知，电阻两端的电压为4V，电流表应该选择03A量程，所以示数为0.8A；综合数据分析可知，电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；（3）小明又利用上述实验器材探究“电流与电压的关系”，将滑片从一端移到另一端的过程中，收集的实验数据填入了表2中分析表2中数据可得：电阻一定时，I与U成正比当滑片移到最小阻值处，即接入电路中的电阻为0时，电路中电流I=0.6A，定值电阻的阻值R=10；当滑片移到最大阻值处，电路中电流I=0.2A，电路中的总电阻R串=30，滑动变阻器的阻值R=R串R=3010=20；故答案为：（1）B； （2）电流超过了电流表00.6A的量程； 0.8； I与R成反比；（3）I与U成正比；2030一额定电压是6V的小灯泡，其正常工作时通过的电流约为0.3A小明想测定这个小灯泡的额定功率，实验室有如下器材：电源（电压为12V）、电流表、电压表、开关各一只，三只规格分别为“20 1A”、“50 0.5A”和“100 0.2A”的滑动变阻器，导线若干（1）小明设计了图甲所示电路图，你认为应选用规格为“50 0.5A”的滑动变阻器（2）图乙中已连接了部分电路请你根据电路图，将电路连接完整（3）小明正确选择了滑动变阻器，将图乙的电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于6V具体原因是变阻器接的是下面两个接线柱（4）小明排除故障后，继续实验，当电压表的示数为6V时，电流表的示数为0.32A，则小灯泡的额定功率是1.92W（5）小明根据测量灯泡实际功率的多组实验数据，作出了IU图象，如图丙所示结果发现图线不是直线，这表明灯泡的电流与电压不成正比，这是因为灯丝的电阻随温度的升高而增大【考点】电功率的测量【分析】（1）由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时变阻器连入的阻值，从而确定变阻器的规格；（2）实验中，灯泡、变阻器和电流表应串联，由灯泡正常工作电流确定电流表量程；（3）根据现象判断电路电阻太大，而滑阻移动不能改变电路电流，所以判断出滑阻下面的两个接线柱接入电路，只起了一个定值电阻的作用，起不到改变电压的作用（4）根据P=UI求出灯泡的额定功率；（5）灯泡的灯丝会随温度的变化而改变，这是造成电流与电压不成正比的真正原因【解答】解：（1）测量小灯泡的电功率实验中，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测L两端电压，电流表测电路中电流；由题知，灯泡正常发光时电路中电流约为0.3A，由串联电路特点可知：I=IR=IL=0.3A，此时变阻器连入阻值：R=20，这是滑动变阻器连入电路的最小阻值；所以应选择滑动变阻器的规格为50 0.5A；（2）测定小灯泡的额定功率实验中，灯泡、变阻器和电流表应串联，由灯泡正常工作电流为0.3A，所以电流表选用00.6A量程，变阻器“一上一下”接入电路，如图所示：；（3）灯泡发光较暗，电压表、电流表均有示数，说明电流太小，滑动变阻器的阻值太大，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变，说明滑动变阻器同时接到下面两个接线柱上（滑动变阻器接成了定值电阻）；（4）灯泡的额定功率：P=UI=6V0.32A=1.92W；（5）灯泡的IU图象是一条曲线，说明灯泡的电阻值是变化的，不是定值，这是因为电压越大，通过灯的