九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版56

2015-2016学年江苏省连云港市东海县九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，每小题给出的四个选项中只有一个符合题意，请将答案填写在答题卡的选择题答案表中）1假如科学家研制出常温下超导体，则它适合用作（）A高压输电的输电线B熔断器内的保险丝C滑动变阻器的线圈D电热毯中的电热丝2如图所示是一款劣质墙壁插座，由于插头与插座接触不牢，导致插头连接处比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾则下列关于连接处更容易发热的形成原因的说法正确的是（）A插座没接地线形成的B没安装空气开关形成的C连接处的电流比别处大形成的D连接处接触不牢电阻变大形成的3关于功和能，下列说法正确的是（）A物体的机械能越多，内能就越多B物体内能增加，则其温度一定升高C物体内能增加，可能是从外界吸收了热量D在热机的做功冲程中，机械能转化为内能4如图所示的情景中，没有做功的是（）A石头被撬起的过程中手向下压撬棍的力B人推箱子未推动，人的推力C货物被提升的过程中绳子对货物的拉力D爬楼梯时人的重力5如图所示电路，电源电压恒定为12V，L1、L2为两只相同的灯泡，灯泡的额定电压为12V，灯丝电阻为24且保持不变，电压表和电流表连接完好当闭合开关S时，发现灯L1发光，灯L2不发光，则下列说法正确的是（）A灯泡L1断路B灯泡L2断路C电压表示数为12VD电流表示数为0.5A6如图所示，是一种测定油箱内油量的装置，R0是定值电阻，R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片和滑杆相连，滑杆可绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子下列说法错误的是（）AR0在电路中起保护作用B油量表是由电流表改装而成的C浮子下降时电路中的总电阻变大D油位越高流过的电阻R的电流越小7如图所示，一轻绳绕过定滑轮，一端与粗糙水平桌面上的滑块相连，另一端悬挂一个砂桶，调整桶内砂的质量，当砂桶和砂的总质量m=0.2kg时，砂桶和滑块都做匀速直线运动，速度大小v=0.5m/s（不计滑轮的摩擦，g取10N/kg）则下列说法中错误的是（）A滑块受到摩擦力大小为2NB滑块受到的摩擦力方向水平向右C砂桶和砂所受的重力在2s内做功为1JD滑块受到的摩擦力做功的功率为1W8为响应国家严禁在公共场所吸烟的规定，某同法设计了一种烟雾报警器，其原理电路如图所示，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的减弱而增大，当电流表示数小于某一值时，装置报警S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时（）A电流表的示数增大B电压表的示数减少C电压表与电流表的示数之比不变D若减少R0的阻值，可使装置在更高浓度烟雾下才报警9甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得其电流与电压变化的关系图象如图所示，则下列说法中错误的是（）A甲灯正常发光时的电流为0.8AB乙灯正常发光时的电阻为18C若将甲、乙两灯串联接入9V的电路中，乙灯电功率为4.5WD若将甲、乙两灯并联接入9V的电路中，甲灯电功率为7.2W10如图所示是探究电流热效应的实验装置烧瓶内装有质量和初温完全相同的煤油，铜丝和镍洛合金丝的长度、横截面积均相同，关于该实验下列说法错误的是（）A探究的是电流产生热量与电阻的关系B被加热液体选用煤油是因为它的比热容小C用到的物理研究方法是控制变量法和转化法D闭合开关一段时间后，A瓶中的温度计示数较高11如图所示的四个电路中，电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，其中不能测出未知电阻R0阻值的电路是（）ABCD12创建生态文明城市需要我们共同关注环境，我县某兴趣小组为了检测空气质量指数，设计了如图甲所示的检测电路R为气敏电阻，其电阻的倒数与空气质量指数的关系如图乙所示，己知电源电压12V保持不变R0=5，当电压表示数为4V时下列说法错误的是（）A通过R的电流为0.8AB此时空气质量指数为50C电阻R0的电功率为3.2WD气敏电阻R两端的电压为8V二、填空题（本大题共11小题，每空1分，共25分）13如图所示为国产油电混合动力汽车，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于（选填“用电器”或“电源”）；汽车每个转向灯能独立工作，因此转向灯是联的14如图所示的装置中，两支笔构成了一个，可以轻松地举起很重的书，小指离支点越远，所用的力越15从桌面掉到地上的乒乓球会自动弹起，球在上升过程中能转化为能，由于球与空气有摩擦，上升过程中球的机械能165月初，小明家中的电能表示数为，电能表的部分参数及6月初的示数如图所示小明家5月初至6月初消耗的电能表是kWh；小明家所有用电器同时工作，总功率不得超过kW；若电能表转盘在10min内转过300转，则用电器的总功率为kW17如图是新安装的照明电路，小明学电工的检修方法，在保险丝处接入一个“220V 40W”的灯泡L0，若闭合S时，L0和L都呈暗红色，可以确定该支路正常；若闭合S时，L0正常发光，L不发光，由此可以确定L灯头；若闭合S时，L0不发光，可以确定该支路（选填“断路”或“短路）18如图甲所示的电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：3，则定值电阻R1：R2=；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为；R1、R2的电功率之比为19如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在闭合的情况下，若在a，b两点间接入一个合适的电压表时，电压表（选填“有”或“没有”）明显示数；若在a，b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡（选填“能”或“不能”）正常发光20如图甲为电阻R和额定电压为3V的小灯泡L的UI图象，由图可知小灯泡L正常发光时的电功率是W，若将电阻R与小灯泡L串联在电路中（如图乙），电流表示数为0.4A，则电源电压为V21如图所示，R1和R2并联在电源电压为3V的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A；同时闭合开关S1和S2电流表的示数为0.5A则R1的阻值为，R2的阻值为22如图所示，工人用250N的力将重为400N的物体在10s内匀速提升2m，拉力F的功率W；动滑轮的机械效率%23如图所示是某电压测力计的电路原理示意图，图中电源电压为7.5V并保持不变；定值电阻R0的规格是“40015mA”，起保护电路的作用；R是一种新型电子元件，其阻值R随压力F变化的关系式是R=3000.4F；G是由灵敏电流表改装成的指针式测力显示器（电阻忽略不计）该测力计的量程是N，若要增大该测力计的量程，可以R0的阻值，也可以电源电压（选填“增大”或“减少”）三、作图和实验探究题（本大题有5小题，每图或每空2分，共32分）24（1）图甲所示，在B端加一最小的力FB，使杠杆平衡，画出此力的方向，并画出FA的力臂（2）请在图乙中标出小磁针N、S极和磁感线的方向25在“探究杠杆的平衡条件”实验中：（1）安装好杠杆后，小明调节平衡螺母是杠杆在水平位置平衡这样做的目的是使此时杠杆自身重力的力臂为（2）如图所示，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动，杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计示数将（填“变大”、“变小”或“不变”）（3）下表是小明实验得到的数据，据此分析可以发现这次实验不妥之处实验次数动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11.5103.0521.0202.01031.0302.01526小明猜想物体的重力势能大小可能与物体的质量及被举的高度有关，为了验证自己的猜想，他进行了如下实验，让两个不同质量的锥子分别在两个不同高度自由下落，扎到下方三本相同的旧书上，书因此被扎出孔，分析这些被扎孔的不同，可知：（1）若比较甲和乙，可以来探究重力势能的大小与的关系；（2）要验证重力势能的大小与高度有关，应选择图中的进行对比实验（3）小明设想了以下两种方案来判断物体重力势能的大小，你认为最佳的一种是A测出书上被扎孔的深度；B数出被扎孔的纸的页数27如图所示是某种实验小组探究“电流与电阻关系”的电路图，使用的实验器材有：电压为6V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5、10、15、30的定值电阻各一个，规格为“20 1A”的滑动变阻器一个，导线若干实验中所测得的几组电流、电压值如表所示 实验次数123电阻R/51015电流I/A0.60.30.24（1）由于操作不当，导致一组数据存在错误，请判断第次实验的数据存在错误，正确的数据应该是A（2）纠正错误以后，该小组用30的电阻替换15的电阻进行了4次实验，发现实验无法进行下去，你认为判断无法进行实验的依据是，为完成第4次实验，你的解决方案是28在“测定小灯泡的电功率”实验中，选用如下器材“2节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率小于1W）、电流表、电压表、滑动变阻器（20 1A）、开关和导线（1）如图甲所示，小明正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是（2）排除故障后，小明通过正确操作，得到多组I、U数据，作出如图乙所示的IU图象，由图可知，灯泡两端电压为2.5V，灯泡的额定功率为W（3）此实验中，小明移动滑动变阻器，（选填”能“或”不能“）实现灯泡两端电压从零连续变化到2.5V，其理由是四、解答题（本大题有3个小题，共19分，要求写出必要的文字说明，公式和演算过程）29一质量m=300kg的货物在吊车钢索的拉力作用下，竖直向上运动（不考虑空气的阻力和钢索重力），货物运动的路程（s）时间（t）图象如图所示（g取10N/kg）求：（1）2s时钢索的拉力大小（选填“大于”、“等于”或“小于”）8s时钢索的拉力大小；（2）货物竖直向上运动时，0至6s内钢索拉力做的功；（3）货物在0至12s内的竖直向上运动的过程，钢索拉力的功率30如图甲是一种恒温调奶器，可以自动调试好加水的奶粉，然后加热到最合适宝宝饮用的温度40，还可以自动保温，特别适合夜间使用图乙是机器的参数表及电路简图（R1、R2为电热丝，S为双触点自动开关，接“1”时不工作）求：（1）开关接（选填“2”或“3”）挡调奶器处于保温状态；电阻R2的阻值？（3）若把200g调好的奶粉从20加热到40所用时间为32s，则调好的奶粉的比热容是多少（不计热损失）？ 型号 HY110M 电源 220V 50Hz 加热功率 500W 保温功率 16W31如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的功率为1W；当滑片P移至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的功率为1.8W，求：（1）电源电压；（2）滑动变阻器R2的最大阻值；（3）当滑片P从a移到b的过程中电路消耗的总功率变化量2015-2016学年江苏省连云港市东海县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，每小题给出的四个选项中只有一个符合题意，请将答案填写在答题卡的选择题答案表中）1假如科学家研制出常温下超导体，则它适合用作（）A高压输电的输电线B熔断器内的保险丝C滑动变阻器的线圈D电热毯中的电热丝【考点】超导体的作用【分析】超导现象是电阻为零的现象，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等【解答】解：超导体电阻为0，保险丝、变阻器和电热丝都是利用电流热效应工作的，它不能使用超导体远距离输电中的输电导线与电流的热效应无关，可以使用超导体故选A2如图所示是一款劣质墙壁插座，由于插头与插座接触不牢，导致插头连接处比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾则下列关于连接处更容易发热的形成原因的说法正确的是（）A插座没接地线形成的B没安装空气开关形成的C连接处的电流比别处大形成的D连接处接触不牢电阻变大形成的【考点】焦耳定律在实际中的应用【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比；导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析【解答】解：在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，由于导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾故选D3关于功和能，下列说法正确的是（）A物体的机械能越多，内能就越多B物体内能增加，则其温度一定升高C物体内能增加，可能是从外界吸收了热量D在热机的做功冲程中，机械能转化为内能【考点】内能的概念；温度、热量与内能的关系；内燃机的四个冲程【分析】（1）根据影响机械能和内能的因素进行判断（2）物体的内能增加，温度不一定升高；（3）改变物体内能的方式有做功和热传递（4）在热机的做功冲程中，内能转化为机械能【解答】解：A、影响机械能的因素是质量、速度、高度以及弹性形变，而影响内能的因素是温度、质量以及状态，因此机械能与内能没有必然的连接，故A错误；B、物体的内能增加，温度不一定升高，如水沸腾时内能增加，温度不变，故B错误；C、物体内能增加，可以是从外界吸收了热量，也可以是外界对物体做功，故C正确；D、在热机的做功冲程中，内能转化为机械能，故D错误故选C4如图所示的情景中，没有做功的是（）A石头被撬起的过程中手向下压撬棍的力B人推箱子未推动，人的推力C货物被提升的过程中绳子对货物的拉力D爬楼梯时人的重力【考点】力是否做功的判断【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可【解答】解：A、石头被撬起的过程中手向下压撬棍的力使撬棍在力的方向上通过了距离，所以做了功，不合题意；B、人推箱子未推动，有力无距离，所以不做功，符合题意；C、货物被提升的过程中绳子对货物的拉力使货物在力的方向上通过了距离，所以做了功，不合题意；D、爬楼梯时，人克服重力做了功，或者说重力做了负功，不合题意故选B5如图所示电路，电源电压恒定为12V，L1、L2为两只相同的灯泡，灯泡的额定电压为12V，灯丝电阻为24且保持不变，电压表和电流表连接完好当闭合开关S时，发现灯L1发光，灯L2不发光，则下列说法正确的是（）A灯泡L1断路B灯泡L2断路C电压表示数为12VD电流表示数为0.5A【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用；欧姆定律的应用【分析】灯泡发生短路时不发光，根据题意分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，应用欧姆定律分析答题【解答】解：A和B、由图示电路图可知，两灯泡串联，闭合开关S灯L1发光，说明电路是通路，但灯L2不发光，则故障是灯L2发生短路；故AB错误；C、由于电压表测L2两端电压，电压表也被短路，则电压表示数为零，故C错误；D、电流表测电路电流，则电流表示数为I=05A，故D正确故选D6如图所示，是一种测定油箱内油量的装置，R0是定值电阻，R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片和滑杆相连，滑杆可绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子下列说法错误的是（）AR0在电路中起保护作用B油量表是由电流表改装而成的C浮子下降时电路中的总电阻变大D油位越高流过的电阻R的电流越小【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联，由此判断油量表是何种电表；（2）根据油位的高低判断滑动变阻器连入阻值变化，由串联电路特点和欧姆定律判断电路中总电阻和电流变化情况【解答】解：由图可知，油量表与定值电阻、滑动变阻器R组成串联电路，所以油量表是由电流表改装而成的，故B正确；由图当油位上升时，滑片向下移动，若油位过高，滑动变阻器连入阻值会为0，此时电路中总电阻最小，由欧姆定律可知此时电路中电流最大，所以R0在电路中起到保护电流表（油量表）的作用，故A正确，D错误；当浮子下降时，滑动变阻器连入阻值变大，电路中的总电阻变大，故C正确故选D7如图所示，一轻绳绕过定滑轮，一端与粗糙水平桌面上的滑块相连，另一端悬挂一个砂桶，调整桶内砂的质量，当砂桶和砂的总质量m=0.2kg时，砂桶和滑块都做匀速直线运动，速度大小v=0.5m/s（不计滑轮的摩擦，g取10N/kg）则下列说法中错误的是（）A滑块受到摩擦力大小为2NB滑块受到的摩擦力方向水平向右C砂桶和砂所受的重力在2s内做功为1JD滑块受到的摩擦力做功的功率为1W【考点】摩擦力的大小；功的计算；功率的计算【分析】（1）由公式G=mg求出砂桶和砂的总重力，根据二力平衡条件得出摩擦力的大小和方向；（2）根据公式s=vt求出砂桶和砂在2s内移动的距离，根据公式W=Fs=Gh求出重力所做的功；（3）根据P=求出摩擦力做功的功率【解答】解：A、砂桶和砂的总重力为：G=mg=0.2kg10N/kg=2N，砂桶和滑块匀速运动，所以滑块受到的摩擦力f=G=2N，故A正确；B、滑块在水平桌面上向左运动，摩擦力的方向与物体运动的方向相反，滑块受到的摩擦力方向水平向右，故B正确；C、由v=st得，砂桶和砂在2s内移动的距离s=vt=0.5m/s2s=1m；砂桶和砂所受的重力在2s内做的功W=Gh=2N1m=2J，故C错误；D、滑块受到的摩擦力做功的功率为P=1W，故D正确故选C8为响应国家严禁在公共场所吸烟的规定，某同法设计了一种烟雾报警器，其原理电路如图所示，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的减弱而增大，当电流表示数小于某一值时，装置报警S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时（）A电流表的示数增大B电压表的示数减少C电压表与电流表的示数之比不变D若减少R0的阻值，可使装置在更高浓度烟雾下才报警【考点】欧姆定律的应用【分析】由图R0与R串联，电流表测电路中电流，电压表测R两端电压，当有烟雾遮挡射向R的激光时，R受光照减弱，由此判断R的阻值变化，由串联电路的分压原理知电压表变化和R0电压变化，由欧姆定律知电路中电流变化情况【解答】解：由烟雾报警器原理图可知，定值电阻R0与光敏电阻R串联在电路中，电流表测电路中电流，电压表测R两端电压，S闭合，当有烟雾遮挡射向R的激光时，光敏电阻受到的光照减弱，所以其阻值增大，根据串联电路的分压原理可知，R两端分得电压增大，即电压表示数变大；R0两端电压减小，由欧姆定律可知通过R0的电流变小，即电流表示数减小故AB错误；因为电压表与电流表的示数之比大小等于R的电阻，所以其比值变大，故C错误；若减小R0的阻值，电路总电阻减小，电路中的电流增大，为使电流表示数小于某一值时报警，则R连入阻值应变大，光照强度应进一步减弱，所以可使装置在在更高浓度烟雾下才报警故D正确故选D9甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得其电流与电压变化的关系图象如图所示，则下列说法中错误的是（）A甲灯正常发光时的电流为0.8AB乙灯正常发光时的电阻为18C若将甲、乙两灯串联接入9V的电路中，乙灯电功率为4.5WD若将甲、乙两灯并联接入9V的电路中，甲灯电功率为7.2W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）（2）由图象读出灯泡电压等于额定电压下的电流；由R=计算其电阻；（3）根据串联电路的电压特点从图象上读出两灯串联在9V电源上通过乙的电路，由P=UI计算其电功率；（4）根据并联电路电压特点，从图象上读出此时甲灯的电流，由UI计算其电功率【解答】解：A、当灯泡电压等于额定电压9V时，灯泡正常发光，由图象知甲此时的电流为0.8A，故A正确；B、乙灯正常发光时，电压等于额定电压9V，由图象知通过灯泡乙的电流为0.5A，所以此时乙灯电阻：R乙=18，故B正确；C、串联电路中总电压等于各部分导体两端电压之和，将甲、乙两灯串联接入9V的电路中，由图象知此时甲的电压为3V，乙的电压为6V，通过的电流为0.4A，所以此时乙灯的电功率：P乙=U乙I=6V0.4A=2.4W，故C错误；D、并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，所以甲、乙电压都为9V，此时通过乙的电流为0.8A，所以乙的电功率：P甲=U甲I甲=9V0.8A=7.2W，故D正确故选C10如图所示是探究电流热效应的实验装置烧瓶内装有质量和初温完全相同的煤油，铜丝和镍洛合金丝的长度、横截面积均相同，关于该实验下列说法错误的是（）A探究的是电流产生热量与电阻的关系B被加热液体选用煤油是因为它的比热容小C用到的物理研究方法是控制变量法和转化法D闭合开关一段时间后，A瓶中的温度计示数较高【考点】焦耳定律【分析】（1）图中，铜丝和镍铬合金丝串联在电路中，通过两导体的电流相同；而铜丝与镍铬合金丝的长度、横截面积相同时，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻，可以探究产生热量和电阻的关系；（2）煤油比水的比热小，吸收相同的热量，煤油的温度变化比水的温度变化大；（3）对于不容易观察到的现象采取转换法的思想，探究多因素问题时采用控制变量法的思想；（4）由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，根据控制变量法进行分析【解答】解：A、图中两电阻丝串联，电流相同，但两导体的电阻不同，所以探究的是电流产生的热量与电阻的关系，故A正确；B、煤油比水的比热小，吸收相同的热量，煤油的温度变化比水的温度变化大，易于观察，故B正确；C、电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，要研究热量与某个因素的关系时，需要控制其它因素，只改变这一个因素，采用的是控制变量法；电流产生热量的多少通过U形管中液面高度变化显示，采用的是转换法，故C正确；D、因为镍铬合金的电阻大于铜的电阻，根据Q=I2Rt可知，电流和通电时间相同时，B中的镍铬合金丝产生的热量更多，温度计的示数更高，故D错误故选D11如图所示的四个电路中，电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，其中不能测出未知电阻R0阻值的电路是（）ABCD【考点】欧姆定律的应用【分析】串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表，直接或间接测量电压和电流，根据Rx=求出未知电阻的阻值【解答】解：A由电路图可知，开关S闭合时，电路为R0的简单电路，电流表测通过R0的电流，根据欧姆定律表述出电源的电压；当开关S断开时两电阻串联，电流表测串联电路的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据电阻的串联求出Rx阻值，故A正确；B由电路图可知，当S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测通过R0的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S闭合时R0、Rx并联，电流表测干路电流，因通过R0的电流不变，根据并联电路的电流特点可求通过Rx的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律即可求出Rx阻值，故B正确；C由电路图可知，开关S闭合时，R0短路，电压表测量电源电压；开关S断开时，两电阻串联，电压表测量Rx两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过R0的电流即为电路中的电流，再根据欧姆定律求出Rx的阻值，故C正确；D由电路图可知，无论开关闭合还是断开，电压表始终测电源的电压，即无法测出或间接得出Rx两端的电压，无法测出Rx的阻值，故D错误故选D12创建生态文明城市需要我们共同关注环境，我县某兴趣小组为了检测空气质量指数，设计了如图甲所示的检测电路R为气敏电阻，其电阻的倒数与空气质量指数的关系如图乙所示，己知电源电压12V保持不变R0=5，当电压表示数为4V时下列说法错误的是（）A通过R的电流为0.8AB此时空气质量指数为50C电阻R0的电功率为3.2WD气敏电阻R两端的电压为8V【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过R的电流，根据P=UI求出电阻R0的电功率，利用串联电路的电压特点求出气敏电阻R两端的电压，然后根据欧姆定律求出电阻的倒数，再从图象中读出空气质量指数【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R的电流：I=0.8A，故A正确；电阻R0的电功率：P0=U0I=4V0.8A=3.2W，故C正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：UR=UU0=12V4V=8V，故D正确；此时气敏电阻的倒数：=0.11，由图象可知，空气质量指数为25，故B错误故选B二、填空题（本大题共11小题，每空1分，共25分）13如图所示为国产油电混合动力汽车，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于（选填“用电器”或“电源”）；汽车每个转向灯能独立工作，因此转向灯是联的【考点】串联电路和并联电路的辨别；电源及其能量转化【分析】一个基本的电路应该有电源、用电器、开关和导线组成，结合充电时蓄电池的作用可做出判断；并联电路中，各用电器互不影响，可以独立工作，串联电路中各用电器互相影响【解答】解：给汽车蓄电池充电时，蓄电池是消耗电能的，相当于用电器；汽车转向灯能独立工作，互不影响，因此转向灯是并联的故答案为：用电器；并14如图所示的装置中，两支笔构成了一个，可以轻松地举起很重的书，小指离支点越远，所用的力越【考点】杠杆的应用【分析】杠杆是可以绕某一固定点转动的硬棒，根据杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂分析解答【解答】解：杠杆是一根可以绕固定点转动的硬棒，由图可知，两支笔构成了一个杠杆；可以轻松地举起很重的书，当小指离支点越远，即动力臂增大，根据杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，即：F1L1=F2L2，可知，所用的力越小故答案为：杠杆；小15从桌面掉到地上的乒乓球会自动弹起，球在上升过程中能转化为能，由于球与空气有摩擦，上升过程中球的机械能【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能等于动能和势能之和；克服摩擦做功，机械能转化为内能；不计阻力，机械能守恒【解答】解：乒乓球在上升的过程中，质量不变，速度减小，动能减小；高度增高，重力势能增大，是动能转化为重力势能；如果不能忽略空气阻力，乒乓球上升的过程中克服空气阻力做功，机械能转化为内能，机械能减小故答案为：动；重力势；减小165月初，小明家中的电能表示数为，电能表的部分参数及6月初的示数如图所示小明家5月初至6月初消耗的电能表是kWh；小明家所有用电器同时工作，总功率不得超过kW；若电能表转盘在10min内转过300转，则用电器的总功率为kW【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）利用电能表两次示数差求出消耗的电能，最后一位是小数；（2）根据电能表正常工作的电压和允许通过的最大电流计算允许接入电路的最大功率（3）先利用表盘上的参数1200r/kWh，求出消耗的电能，再用公式P=求出用电器的功率；【解答】解：（1）他家一个月用电：W=1342.8kWh1222.7kWh=120kWh；（2）电能表正常工作的电压是220V，允许通过的最大电流是20A，因此此表正常使用时允许接入用电器的最大功率：P=UI=220V20A=4400W=4.4kW（3）t=10min=h，电视机消耗的电能W=kWh=kWh，电视机的功率P=1.5kW故答案为：120；4.4；1.517如图是新安装的照明电路，小明学电工的检修方法，在保险丝处接入一个“220V 40W”的灯泡L0，若闭合S时，L0和L都呈暗红色，可以确定该支路正常；若闭合S时，L0正常发光，L不发光，由此可以确定L灯头；若闭合S时，L0不发光，可以确定该支路（选填“断路”或“短路）【考点】家庭电路的故障分析【分析】将“220V、40W”的电灯按图中所示的接法接入电路，是把此灯串联接入电路；若电灯恰能正常发光，说明开关闭合的那条支路短路，使该灯直接接在电源上；若电灯比正常发光暗，说明开关闭合的那条支路的灯与该灯串联接入电路，所分电压低于220V，这条支路正常；若电灯不发光，说明开关闭合的那条支路有开路据此分析判断【解答】解：当闭合S时，L0正常发光，是因为L被短路不能发光，使L0直接接在电源上，正常发光；若L0不发光，则说明L断路故答案为：短路；断路18如图甲所示的电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：3，则定值电阻R1：R2=；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为；R1、R2的电功率之比为【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由图甲知两电阻串联，电压表V1测R1两端电压，V2测总电压，由串联电路的分压原理可计算两电阻的比值；由图甲知两电阻并联，电流表A1测R1的电流，A2测总电流，由并联电路的分流原理可计算两电阻的比值；由P=UI计算两电阻的电功率的比值【解答】解：由图甲知两电阻串联，电压表V1测R1两端电压，V2测总电压，根据串联电路的分压原理可知：=，即： =，解得： =；由图甲知两电阻并联，电流表A1测R1的电流，A2测总电流，并联电路中总电路等于各支路电流之和，根据并联电路的分流原理可知：=，所以： =，R1、R2的电功率之比：=故答案为：1：2；2：3；2：119如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在闭合的情况下，若在a，b两点间接入一个合适的电压表时，电压表（选填“有”或“没有”）明显示数；若在a，b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡（选填“能”或“不能”）正常发光【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电源的电压；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值从而判断灯泡正常发光与否【解答】解：（1）在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为6V，即电压表有明显示数；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，若灯泡正常发光时，串联电阻两端的电压：U串=UUL=6V3V=3V，串联电路中各处的电流相等，由I=可得，串联电阻的阻值：R串=6R=20，故小灯泡不能正常发光故答案为：有；不能20如图甲为电阻R和额定电压为3V的小灯泡L的UI图象，由图可知小灯泡L正常发光时的电功率是W，若将电阻R与小灯泡L串联在电路中（如图乙），电流表示数为0.4A，则电源电压为V【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出小灯泡L正常发光时的电功率；（2）将电阻R与小灯泡L串联在电路中时，通过它们的电流相等，根据图象它们两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压【解答】解：（1）灯泡正常发光时的电压UL=3V，由图象可知通过灯泡的电路IL=0.6A，则小灯泡L正常发光时的电功率：PL=ULIL=3V0.6A=1.8W；（2）将电阻R与小灯泡L串联在电路中，电流表的示数为0.4A时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过它们的电流均为0.4A，由图象可知，它们两端的电压分别为UR=2V，UL=1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=UR+UL=2V+1V=3V故答案为：1.8；321如图所示，R1和R2并联在电源电压为3V的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A；同时闭合开关S1和S2电流表的示数为0.5A则R1的阻值为，R2的阻值为【考点】欧姆定律的应用【分析】分析只闭合S1时和同时闭合开关S1和S2的电路连接方式，根据电路特点，运用欧姆定律的公式解题【解答】解：由图当只闭合S1时，只有R1连入电路，电流表测其电流，根据I=可得R1的阻值为：R1=10；闭合开关S1和S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由并联电路的电压特点知：U=U1=U2=3V，通过R1的电流不变：I1=0.3A由并联电路的电流特点知：I2=II1=0.5A0.3A=0.2A，所以R2的阻值：R2=15故答案为：10；1522如图所示，工人用250N的力将重为400N的物体在10s内匀速提升2m，拉力F的功率W；动滑轮的机械效率%【考点】机械效率的计算；功率的计算【分析】（1）知道拉力，而使用动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离s=2h，拉力F与拉力移动距离的乘积为总功；根据P=求出拉力的功率（2）克服物体的重力所做的功是有用功，利用W=Gh即可求出有用功；有用功与总功的比值是机械效率【解答】解：（1）由图知n=2，拉力F移动的距离：s=2h=22m=4m；拉力F所做的总功：W总=Fs=250N4m=1000J；拉力做功的功率：P=100W；（2）有用功：W有=Gh=400N2m=800J，动滑轮的机械效率：=100%=100%=80%故答案为：100；8023如图所示是某电压测力计的电路原理示意图，图中电源电压为7.5V并保持不变；定值电阻R0的规格是“40015mA”，起保护电路的作用；R是一种新型电子元件，其阻值R随压力F变化的关系式是R=3000.4F；G是由灵敏电流表改装成的指针式测力显示器（电阻忽略不计）该测力计的量程是N，若要增大该测力计的量程，可以R0的阻值，也可以电源电压（选填“增大”或“减少”）【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据串联电路特点和欧姆定律计算电路的最大电阻，根据电阻R和压力F的关系得出测力计的量程；（2）由R随压力F变化的关系式，若要增大该测力计的量程，应从如何减小R的电阻值上分析解答【解答】解：（1）由图定值电阻R0、R串联，灵敏电流表串联在电路中，当电路中电流最大时，电阻最小，R随压力F变化的关系式R=3000.4F，即：F=此时压力最大，由R0的规格是“40015mA”知电路中电流最大15mA=0.015A，此时：R总=500由串联电路的电阻特点可得：R=R总R0=500400=100根据R和F的关系可知：最大压力即量程：F=500N；（2）要增大该测力计的量程，由F=知应减小R值，即增大的R0的阻值，即：更换R0，增大R0的阻值；也可以减小总电阻，从而减小R值，允许通过最大电流一定，所以可换电源，减小电源电压达到目的故答案为：0500；增大；减小三、作图和实验探究题（本大题有5小题，每图或每空2分，共32分）24（1）图甲所示，在B端加一最小的力FB，使杠杆平衡，画出此力的方向，并画出FA的力臂（2）请在图乙中标出小磁针N、S极和磁感线的方向【考点】杠杆中最小力的问题；磁感线及其特点【分析】（1）由杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，知阻力阻力臂是定值时，当支点到力的作用点是力臂时，力臂最大，即OB是力臂时，动力是最小的力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离（2）（1）根据磁极画出磁感线的方向在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极（2）据磁体间的作用规律判断出小磁针的N、S极【解答】解：（1）由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，由图示可知，支点O与B的连线是最大动力臂，力与OB垂直时最小反向延长拉力的作用线，然后过支点O作力的作用线的垂线段，用LA表示，如图所示：（2）由图中给出给出磁体的左端为N极，右端为S极在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极所以图中所给的两条磁感线的方向都是从左指向右且靠近磁体S极的是小磁针的N极，靠近磁体N极的为小磁针的S极；如图所示：25在“探究杠杆的平衡条件”实验中：（1）安装好杠杆后，小明调节平衡螺母是杠杆在水平位置平衡这样做的目的是使此时杠杆自身重力的力臂为（2）如图所示，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动，杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计示数将（填“变大”、“变小”或“不变”）（3）下表是小明实验得到的数据，据此分析可以发现这次实验不妥之处实验次数动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11.5103.0521.0202.01031.0302.015【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）重心通过支点，则力臂为零；（2）当弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，拉力的力臂减小，为保持杠杆平衡，拉力要增大；（3）要得到普遍性的规律，实验中应多次改变力臂和力，多测几组数据进行分析【解答】解：（1）杠杆在水平位置平衡，重心在杠杆的重点，重力作用线恰好通过支点，所以重力的力臂为零；（2）如图，当弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，拉力的力臂减小，为保持杠杆平衡，拉力要增大，所以弹簧测力计示数会变大；（3）由表格中数据知，只做了3次实验，且动力臂始终为阻力臂的2倍，实验数据不具普遍性故答案为：（1）0；（2）变大；（3）动力臂是阻力臂的两倍，实验数据不具普遍性26小明猜想物体的重力势能大小可能与物体的质量及被举的高度有关，为了验证自己的猜想，他进行了如下实验，让两个不同质量的锥子分别在两个不同高度自由下落，扎到下方三本相同的旧书上，书因此被扎出孔，分析这些被扎孔的不同，可知：（1）若比较甲和乙，可以来探究重力势能的大小与的关系；（2）要验证重力势能的大小与高度有关，应选择图中的进行对比实验（3）小明设想了以下两种方案来判断物体重力势能的大小，你认为最佳的一种是A测出书上被扎孔的深度；B数出被扎孔的纸的页数【考点】探究影响物体势能大小的因素【分析】影响物体势能的大小因素，可根据物体的重力势能公式G=mgh看出，物体的质量和高度决定了物体的重力势能的大小【解答】解：（1）物体的重力势能G=mgh，采用控制变量法实验，比较甲、乙由图看出甲乙的高度相同，比较质量就可得出时能的大小（2）要验证重力势能的大小与高度有关，需要控制质量相等，由图看出，甲、丙质量相等，可比较甲、丙（3）判断物体重力势能的大小，数出被扎出孔的纸的页数更加准确故答案为：（1）质量；（2）甲丙；（3）B27如图所示是某种实验小组探究“电流与电阻关系”的电路图，使用的实验器材有：电压为6V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5、10、15、30的定值电阻各一个，规格为“20 1A”的滑动变阻器一个，导线若干实验中所测得的几组电流、电压值如表所示 实验次数123电阻R/51015电流I/A0.60.30.24（1）由于操作不当，导致一组数据存在错误，请判断第次实验的数据存在错误，正确的数据应该是A（2）纠正错误以后，该小组用30的电阻替换15的电阻进行了4次实验，发现实验无法进行下去，你认为判断无法进行实验的依据是，为完成第4次实验，你的解决方案是【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）探究电流与电阻关系时，要保持电压一定，分析表中数据得出结论；（2）根据滑动变阻器分压和串联电路电流相等特点分析解答【解答】解：（1）当接入电阻R2=10时，电路中的电流为I2=0.3A，两端的电压为U2=100.3A=3V，此时滑动变阻器接入的阻值为R滑=10，将R2换为R3=15时，滑动变阻器滑片位置不动，此时电流中的电流为I=0.24A，故第3次实验时，没有移动滑片就读电流表示数了；由于电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比，故正确的数据应该是0.2A；（2）纠正错误以后，该小组用30的电阻替换15的电阻进行了第4次实验，当R4=30时，由于保持电阻两点电压为UR=3V不变，则滑动变阻器两端分的电压为U=UUR=6V3V=3V，因为UR=U，故滑动变阻器需要接入的阻值R=R4=3020，此时滑动变阻器的阻值不能满足要求，无法使电压表示数达到3V，故应换用最大阻值大于或等于30的变阻器故答案为：（1）3；0.2；（2）无法使电压表示数达到3V；换用最大阻值大于或等于30的变阻器28在“测定小灯泡的电功率”实验中，选用如下器材“2节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率小于1W）、电流表、电压表、滑动变阻器（20 1A）、开关和导线（1）如图甲所示，小明正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是（2）排除故障后，小明通过正确操作，得到多组I、U数据，作出如图乙所示的IU图象，由图可知，灯泡两端电压为2.5V，灯泡的额定功率为W（3）此实验中，小明移动滑动变阻器，（选填”能“或”不能“）实现灯泡两端电压从零连续变化到2.5V，其理由是【考点】电功率的测量【分析】（1）由实物电路可知，电流表、滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，电流表有示数，应排除断路，电压表无示数，则可能与电压表并联的电路短路；（2）根据图象找出灯泡两端电压为2.5V时对应的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；（3）滑动变阻器与灯泡串联，由串联电路的分压原理，从灯泡有电阻这一角度分析【解答】解：（1）闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，说明电路不存在开路；电压表无示数，则可能与电压表并联的小灯泡短路；（2）由图象可知，灯泡两端电压U=2.5V，对应的电流I=0.26A，则灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.26A=0.65W，（3）由题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，移动变阻器滑片，由串联电路的分压原理知，移到滑动变阻器的阻值最大时，变阻器分得电压最大，但因为灯泡有电阻，灯泡两端仍有一定电压，所以不能实现灯泡两端电压从零连续变化到2.5V故答案为：（1）小灯泡短路；（2）0.65；（3）不能；小灯泡有电阻四、解答题（本大题有3个小题，共19分，要求写出必要的文字说明，公式和演算过程）29一质量m=300kg的货物在吊车钢索的拉力作用下，竖直向上运动（不考虑空气的阻力和钢索重力），货物运动的路程（s）时间（t）图象如图所示（g取10N/kg）求：（1）2s时钢索的拉力大小（选填“大于”、“等于”或“小于”）8s时钢索的拉力大小；（2）货物竖直向上运动时，0至6s内钢索拉力做的功；（3）货物在0至12s内的竖直向上运动的过程，钢索拉力的功率【考点】功的计算；功率的计算【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受的是平衡力的作用，大小相等；（2）由图求出06s货物升高的距离，利用W=Fs计算钢索拉力做的功；（3）再由图求出612s货物升高的距离，利用W=Fs计算钢索拉力做的功；求出整个过程做的功，再利用P=计算功率【解答】解：（1）根据图象可知，货物在06s以较大的速度做匀速直线运动，在612s的内以较小的速度做匀速直线运动，因为货物处于平衡状态，拉力都等于货物的重力，在2s时钢索的拉力大小等于8s时钢索的拉力大小，都等于货物的重力；（2）由（1）的分析知道，钢索拉力F=G=mg=300kg10N/kg=3000N，货物在0至6s内升高的高度s1=3m，钢索拉力做功：W1=Fs1=3000N3m=9000J；（3）货物在6至12s内升高的高度s2=1m，钢索拉力做功：W2=Fs2=3000N1m=3000J；总共做的功：W=W1+W2=9000J+3000J=12000J，P=1000W故答案为：（1）等于；（2）货物竖直向上运动时，0至6s内钢索拉力做的功为9000J；（3）货物在0至12s内的竖直向上运动的过程，钢索拉力的功率为1000W30如图甲是一种恒温调奶器，可以自动调试好加水的奶粉，然后加热到最合适宝宝饮用的温度40，还可以自动保温，特别适合夜间使用图乙是机器的参数表及电路简图（R1、R2为电热丝，S为双触点自动开关，接“1”时不工作）求：（1）开关接（选填“2”或“3”）挡调奶器处于保温状态；电阻R2的阻值？（3）若把200g调好的奶粉从20加热到40所用时间为32s，则调好的奶粉的比热容是多少（不计热损失）？ 型号 HY110M 电源 220V 50Hz 加热功率 500W