九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版60

2015-2016学年江西省吉安市永新县城南中学九年级（上）期末物理试卷一、填空题（每空1分，满分20分）1能量守恒定律：能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式为其他形式，或者从一个物体到其他物体，而在这两个过程中，能量的总量保持不变2小新同学早餐都是自己动手煮面条，下面条时，通过的方式面条被煮熟（选填“做功”或“热传递”）；放入盐，一会儿整碗面汤变咸，这是一种现象3如图所示是四冲程汽油机工作示意图，其中图是汽车获得动力的冲程，甲、乙、丙、丁四个图中表示四冲程汽油机工作时的情景，则一个工作循环顺序是42010年诺贝尔物理学奖被授予发现石墨烯的两位俄裔科学家石墨烯被证实是世界上已经发现的最薄、最坚硬的物质，它的导电性能好、导热性能强，熔点超过3000你认为用石墨烯做成的导线（选填“能”或“不能”）用来做保险丝；（选填“能”或“不能”）用来做高压输电线5如图所示，当小明把带电的气球靠近小红的头发后，发现头发被气球吸引过来，于是小明说：“小红，你的头发一定带电了”小红说：“你的判断不准确”小红为了验证头发是否带电，她拿来丝绸摩擦过的玻璃棒，当玻璃棒靠近气球时，气球被吸引过来，由此可断定，气球带电然后她把玻璃棒靠近头发，如果头发被，则说明头发一定带电，反之不带电6家庭用电的准则是遵循规则，安全第一，如图是我们市面上常用的五孔插座，B孔内应用导线与孔连接在家庭线路中往往要安装空气开关，那么空气开关主要是在情况下断开电路的7有两个电阻R1=30，R2=50，若将它们串联在电路中，则加在它们两端的电压之比U1：U2=；若将它们并联在电路中，则通过它们的电流之比I1：I2=8一台内燃机运行时的各种能量损耗大致为：汽缸散热损失占25%，废气带走的能量占30%，摩擦机械损耗占11%，则它的机械效率为，若这台内燃机消耗汽油2kg，则它做的有用功为J（汽油热值为4.5107J/kg）9一个标有220V、0.5A字样的取暖器，小明接在自己的写字桌下面，该取暖器工作4小时消耗的电能是，1kwh的电能让这台取暖器大约工作小时10某用电器L和一个定值电阻R并联而成，通过L、R的电流跟其两端的电压关系如图所示，由图象可知，用电器L的电阻随着电压的增大而（选填“不变”“增大”或“减小”），当电压为2V时，其总电流为A二、选择题（共6小题，11-14题为单选题，每小题3分，15-16题为不定项选择，每题4分，选不全得2分，不选或选错得0分，满分20分）11关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（）A一个物体温度升高了，说明它含有的热量增加了B一个物体温度升高了，说明它一定从外界吸收了热量C一块冰的温度从10变为5，这块冰的内能减少了D一个物体温度升高了，说明它内部的分子运动剧烈，内能增加12如图是小明家的部分电路，开始时各部分工作正常他将电饭煲的插头插入三孔插座后，正烧水的电热壶突然停止工作，但电灯仍正常发光，拔出电饭煲的插头，电热壶仍不能工作，把试电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均发光若电路中只有一处故障，则（）A电热壶所在电路的B、C间断路B插座的接地线断路C电路的C、D间导线断路D电路的A、B间导线断路13今年全国大部分地方雾霾较严重，现发明一能用于检测雾霾浓度的粉尘传感器，其工作原理是其电阻随雾霾浓度的增大而减小，其工作电路如图所示，R为定值电阻，闭合开关，将粉尘传感器放于雾霾浓度逐渐增大的空间时，电压表、电流表的示数发生变化，其中正确的是（）AV变大，I变小BV变大，I变大CV变小，I变小DV变小，I变大14在奥运会的击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路接通，乙方指示针灯亮，下面能反映这种原理的电路是（）ABCD15下面说法中正确的是（）A在家庭电路中，每多使用一个用电器，会使家庭电路中的总电阻增大B导体两端的电压越大，通过该导体的电流就越大C电路中几个导体两端的电压相等，这几个导体一定是并联的D电流做功的过程是电能转化为其它形式能的过程16如图所示，闭合开关后，将滑动变阻器滑片P由a端滑向b端的过程中，下列说法中正确的是（）A电压表示数不变，电流表A2示数变小B电压表示数减小，电流表A2示数不变C电压表示数减小，电流表A1示数变小D电压表示数增大，电流表A1示数不变三、简答与计算题（共4小题，满分20分）17在家庭电路中接线处要用绝缘胶布一层层裹好，而在实验室里用干电池做实验，为什么不用绝缘胶布而让导线裸露在外？18如图所示，电源电压是6V，灯L1的电阻是4，闭合开关，测得灯L1两端的电压为4V，求：（1）通过L2的电流；（2）灯L2的电阻19液化气炉和电磁炉是人们目前普通使用的炉具，为了比较它们的耗能费用，刘三多同学进行了社会调查，得出如下两组数据：液化气炉（用气）电磁炉（用电）热效率50%热效率80%液化气每瓶净重12Kg额定电压220V液化气热值3.5107J/kg额定功率1000W永新液化气价格120元/瓶永新县电价格0.6元/度请问：（1）把10kg的水从20加热到100，水需吸收多少热量？（2）上述热量若用电磁炉加热，需耗电多少千瓦时？（3）上述热量若用液化气炉提供，需燃烧多少千克的液化气？（3）通过计算，你认为使用哪种炉具费用更低？20如图所示电路中，电源电压为12V，且保持不变，灯L上标有“10V，5W”字样，R1=10，滑动电阻器的最大阻值为40，不考虑灯丝电阻随温度的变化，求：（1）开关S闭合，S1断开，要使L正常发光，变阻器接入电路的电阻是多少？（2）开关S、S1都闭合，P滑至ab中点时，电流表的示数是多少？（3）什么情况下电路消耗的电功率最大？（不要求计算）四、实验题。（共2小题，满分16分）21（1）如图1所示，该表的分度值是，此时该表的读数是（2）如图2所示，为实验室铭牌上标有“20、1A”字样的滑动变阻器，它主要是通过改变来达到改变电路的电阻值的，在使用时，AB两接线柱接入电路，此时滑动电阻接入电路的电阻是（3）若将两电流表接入如图3所示电路中闭合开关S后，A1、A2电流表的偏转为如图4甲和图乙，则出现A1现象的原因是，出现A2现象的原因是纠正上述错误后，两电表指针指向如图5所示，则A1的读数是，A2的读数是22关于测量定值电阻阻值的实验，伏安法测电阻的原理：；刘明同学和孙燕同学在测定电阻实验中，发现缺少电流表，于是她们利用现有器材进行实验，并设计两种不同的实验方案，请您协助她们完成相关的内容：【方案一】运用电压表（无电流表），一个阻值为R0的固定电阻，测量定值电阻阻值器材：一只电压表、一个阻值为R0的固定电阻、被测电阻Rx、电源、开关和导线若干实验步骤：步骤一：请你在图甲虚线框中画出实验时所需的电路图，并连接电路；步骤二：将电压表在Rx两端，闭合开关，读出电压表的示数Ux；步骤三：将电压表在R0两端，闭合开关，读出电压表的示数U0；步骤四：根据你设计的电路的特点和实验所测得的物理量，写出Rx的表达式（用符号表示）【方案二】运用一只电压表（无电流表），一个已知最大阻值的滑动变阻器，测量定值电阻阻值器材：一只电压表、一个已知最大阻值的滑动变阻器、电源、开关和导线若干实验要求：请在图乙虚线框中画出实验时所需的电路图【评估交流】：（1）实验操作角度看，以上两个方案中，方案更好（2）好在（只要求写出一条）五、探究题。（共三小题，满分24分）23为了比较水和煤油的吸热能力，小丽和小明分别设计了一个实验，其中小丽的实验步骤为：A在两个同样的烧杯中，分别装入等体积的水和煤油B用两支温度计分别测出水和煤油的初温（两初温相同）C在烧杯中，分别放入功率相同的电热器，加热相同时间D用温度计分别测出水和煤油的末温（1）由上述实验步骤分析，小明认为：步骤A存在的错误是：其错误是，应改为步骤C加热时间相同是为了使水和煤油步骤B和D是为了得出水和煤油（2）纠正上述错误，加热5分钟后，测得水的末温为45，而煤油的末温为68，则吸热能力要强（选填“水”或“煤油”）（3）小明总结了小丽的成功经验，把步骤C、D改为：C在烧杯中，分别放入功率相同的电热器，接上电源加热D当水和煤油中升高的温度相同时，分别关掉电热器E比较电热器加热时间，就可判断它们吸热的多少此实验中，最后温度相同时，水的加热时间（选填“大于”“小于”或“等于”）煤油的加热时间此时水吸收的热量（选填“大于”“等于”或“小于”）煤油吸收的热量（4）通过实验可以得到不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用这个物理量来指述24在测“小灯泡的额定功率”的实验中，提供的器材有被测小灯泡（额定电压为3.7V，额定功率为0.8W）、学生电源（电压值为6V）、电流表、电压表各一个（为实验室电表）、开关、导线若干、滑动变阻器规格为“40、1A”，设计的测量电路如图1所示，完成下面问题：（1）按正常实验和量程连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，且灯泡完好，则故障的可能原因是（2）故障排除后，闭合开关移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，电压表的示数如图2所示，记录电压表的数值是V，要测量小灯泡的额定功率应将滑片P向端滑动（选填“C”或“D”）（3）上述实验有一个明显的不足是，要较准确测量应该怎样改进电路：，此时电压表的量程选（选填“大量程”或“小量程”），且滑动变阻器的阻值闭合开关前（选填“能”或“不能”）至于电阻最大位置（4）当调节滑片P至某一位置，此时小灯泡工作在额定电压下，读取电流表的示数为0.24A，则小灯泡的额定功率为W25【实验名称】探究电流与电压、电阻的关系【实验器材】电压表（03V，015V）；电流表（00.6A）；滑动变阻器（015）；阻值为5、10的定值电阻各一个；开关一只和导线若干实验中两位同学商定电压表的示数保持2V不变为顺利完成实验，现有电压为4.5V和6V的两电池组可供选择，则A只能选择4.5V的电池组 B只能选择6V的电池组C两电池组均可选用 D须将其变成10.5V的电池组使用【设计实验与制定计划】同学们设计了如图1所示甲、乙、丙三个电路经过讨论，认为不应该选择图甲，其原因是为探究电流与电压的关系，应该选择图所示的电路【进行实验与收集证据】（1）根据设计的电路图，对图2实物电路连接，小明在连接时还有部分线没有完成，请你将实物电路连接完整（导线不得交叉，且要求闭合开关前滑动变阻器连入电路的电阻最大）（2）小明通过实验记录了下表格中的数据电压U/V0.51.01.52.02.4电流I/A0.550.10.150.20.24其中有一组数据明显记录有误的是，小明选用的定值电阻是【分析与论证】（3）根据上面表格的数据可以得出的结论是：2015-2016学年江西省吉安市永新县城南中学九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空1分，满分20分）1能量守恒定律：能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式为其他形式，或者从一个物体到其他物体，而在这两个过程中，能量的总量保持不变【考点】能量守恒定律【分析】根据能量守恒定律的内容填空【解答】解：能量守恒定律：能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体上，在转移和转化过程中，能的总量保持不变故答案为：转化；转移2小新同学早餐都是自己动手煮面条，下面条时，通过的方式面条被煮熟（选填“做功”或“热传递”）；放入盐，一会儿整碗面汤变咸，这是一种现象【考点】热传递改变物体内能；扩散现象【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的；（2）不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动【解答】解：（1）煮面条时，面条从热汤中吸收热量，通过热传递的方式把面条煮熟；（3）放入盐后汤变咸了，是分子无规则运动的结果，属于扩散现象故答案为：热传递；扩散3如图所示是四冲程汽油机工作示意图，其中图是汽车获得动力的冲程，甲、乙、丙、丁四个图中表示四冲程汽油机工作时的情景，则一个工作循环顺序是【考点】内燃机的四个冲程【分析】（1）内燃机的四个冲程中，吸气、压缩排气四个冲程是靠飞轮的惯性完成的，而做功冲程是靠高温、高压燃气做功完成，即该冲程中获得动力（2）本题应抓住汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功；”进行分析【解答】解：甲图进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；乙图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；丙图两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；丙图排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；据分析可知，丙图是汽车获得动力的冲程，甲、乙、丙、丁四个图中表示四冲程汽油机工作时的情景，则一个工作循环顺序甲乙丙丁；故答案为：丙图；甲乙丙丁42010年诺贝尔物理学奖被授予发现石墨烯的两位俄裔科学家石墨烯被证实是世界上已经发现的最薄、最坚硬的物质，它的导电性能好、导热性能强，熔点超过3000你认为用石墨烯做成的导线（选填“能”或“不能”）用来做保险丝；（选填“能”或“不能”）用来做高压输电线【考点】物质的物理特征；熔断器的作用及保险丝的选择方法【分析】保险丝需用电阻率大、熔点低的材料高压输电线需用抗拉性好、导电性能好的材料【解答】解：石墨烯熔点高不能用来做保险丝，但它坚硬、导电性能好、导热性能强、熔点高，可以用来做高压输电线故答案：不能、能5如图所示，当小明把带电的气球靠近小红的头发后，发现头发被气球吸引过来，于是小明说：“小红，你的头发一定带电了”小红说：“你的判断不准确”小红为了验证头发是否带电，她拿来丝绸摩擦过的玻璃棒，当玻璃棒靠近气球时，气球被吸引过来，由此可断定，气球带电然后她把玻璃棒靠近头发，如果头发被，则说明头发一定带电，反之不带电【考点】物体带电情况的判断【分析】（1）用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，且同种电荷相斥，异种电荷相吸；（2）带电体的基本性质是能吸引轻小物体【解答】解：为了验证头发是否带电，她拿来丝绸摩擦过的玻璃棒，即该玻璃棒带正电，当玻璃棒靠近气球时，气球被吸引过来，据异种电荷相吸可知，气球带负电；把玻璃棒靠近头发，如果头发被排斥，则说明头发一定带电，反之不带电故答案为：负；排斥；6家庭用电的准则是遵循规则，安全第一，如图是我们市面上常用的五孔插座，B孔内应用导线与孔连接在家庭线路中往往要安装空气开关，那么空气开关主要是在情况下断开电路的【考点】插座的构造与工作方式；熔断器的作用及保险丝的选择方法【分析】（1）两孔插座是左零线，右火线；三孔插座是左零线，右火线，上接地；（2）空气开关的作用是：当家庭电路中电流过大时，自动熔断，保护电路【解答】解：据上面的分析可知，三孔插座的B孔应该是接零线，两孔插座的D孔也是接火线，故B孔内应用导线与D孔连接在家庭线路中往往要安装空气开关，那么空气开关主要是在电流过大情况下断开电路的故答案为：D；电流过大7有两个电阻R1=30，R2=50，若将它们串联在电路中，则加在它们两端的电压之比U1：U2=；若将它们并联在电路中，则通过它们的电流之比I1：I2=【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律【分析】（1）根据串联电路的特点和欧姆定律求出将它们串联时，加在它们两端的电压之比；（2）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出将它们并联时，通过它们的电流之比【解答】解：（1）串联电路各处的电流相等，将它们串联时，加在它们两端的电压之比U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=30：50=3：5；（2）并联电路各支路两端的电压相等，将它们并联时，通过它们的电流之比I1：I2=： =R2：R1=50：30=5：3故答案为：3：5；5：38一台内燃机运行时的各种能量损耗大致为：汽缸散热损失占25%，废气带走的能量占30%，摩擦机械损耗占11%，则它的机械效率为，若这台内燃机消耗汽油2kg，则它做的有用功为J（汽油热值为4.5107J/kg）【考点】机械效率的计算；热机的效率【分析】热机是将内能转化为机械能的机器热机的效率是有效利用的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比用来做有用功的那部分能量与气缸散热损失的能量、废气带走的能量、摩擦等机械损耗的能量之和等于燃料燃烧释放的能量根据燃料完全燃烧放热公式Q放=qm计算完全燃烧2kg柴油能放出的热量；已经计算出了内燃机的效率，可利用热效率的公式变形W有=Q放计算出有用功【解答】解：各种能量损耗的总和是：25%+30%+11%=66%，所以有效利用的能量=100%66%=34%，即它的机械效率为34%完全燃烧2kg柴油放出的热量为：Q放=qm=4.5107J/kg2kg=9107J，效率：=100%，则该内燃机对外做的有用功为：W有=Q放=34%9107J=3.06107J故答案为：34%； 3.061079一个标有220V、0.5A字样的取暖器，小明接在自己的写字桌下面，该取暖器工作4小时消耗的电能是，1kwh的电能让这台取暖器大约工作小时【考点】电功的计算；电功率与电能、时间的关系【分析】根据一个标有220V、0.5A字样的取暖器，可求得其功率根据W=Pt求出电灯工作4小时消耗的电能；根据P=的变形公式即可求出1度电可使该用电器工作的时间【解答】解：取暖器功率P=UI=220V0.5A=110W=0.11kW，由P=可得，该取暖器工作4小时消耗的电能：W=Pt=0.11kW4h=0.44kWh；由P=可得1kWh的电能让这台取暖器大约工作t=9h故答案为：0.44kWh；910某用电器L和一个定值电阻R并联而成，通过L、R的电流跟其两端的电压关系如图所示，由图象可知，用电器L的电阻随着电压的增大而（选填“不变”“增大”或“减小”），当电压为2V时，其总电流为A【考点】欧姆定律的应用【分析】由图知L的电流随电压变化情况，根据R=判断其电阻随电压变化情况；根据并联电路特点和图象读出2V时R和L的电流，从而计算出总电流【解答】解：由欧姆定律可知R=，由L的图象知，它两端电压变化大于通过它的电流的变化，所以用电器L的电阻随着电压的增大而增大；电器L和一个定值电阻R并联，由并联电路电压特点知，两者电压均为2V，由图象可知，此时IL=0.6A，IR=0.2A，由并联电路的电流特点知总电流：I=IL+IR=0.6A+0.2A=0.8A故答案为：增大；0.8二、选择题（共6小题，11-14题为单选题，每小题3分，15-16题为不定项选择，每题4分，选不全得2分，不选或选错得0分，满分20分）11关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（）A一个物体温度升高了，说明它含有的热量增加了B一个物体温度升高了，说明它一定从外界吸收了热量C一块冰的温度从10变为5，这块冰的内能减少了D一个物体温度升高了，说明它内部的分子运动剧烈，内能增加【考点】温度、热量与内能的关系；分子的运动【分析】（1）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；（2）做功和热传递都可以改变物体的内能；（3）内能的大小与物体的质量、温度和状态有关；（4）分子的运动快慢和物体的温度有关；【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；B、一个物体温度升高了，说明它可能从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故B错误；C、一块冰的温度从10变为5，即质量不变，温度升高，故内能增加，故C错误；D、分子的运动快慢和物体的温度有关，一个物体温度升高了，说明它内部的分子运动剧烈，内能增加，故D正确；故选D12如图是小明家的部分电路，开始时各部分工作正常他将电饭煲的插头插入三孔插座后，正烧水的电热壶突然停止工作，但电灯仍正常发光，拔出电饭煲的插头，电热壶仍不能工作，把试电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均发光若电路中只有一处故障，则（）A电热壶所在电路的B、C间断路B插座的接地线断路C电路的C、D间导线断路D电路的A、B间导线断路【考点】家庭电路的故障分析【分析】正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常工作，说明有地方开路了【解答】解：电灯仍正常工作，说明不是保险丝烧坏了，没有发生短路，而把测电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，说明火线有电，而零线开路了，且是在C、D之间开路故选C13今年全国大部分地方雾霾较严重，现发明一能用于检测雾霾浓度的粉尘传感器，其工作原理是其电阻随雾霾浓度的增大而减小，其工作电路如图所示，R为定值电阻，闭合开关，将粉尘传感器放于雾霾浓度逐渐增大的空间时，电压表、电流表的示数发生变化，其中正确的是（）AV变大，I变小BV变大，I变大CV变小，I变小DV变小，I变大【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，电阻R与粉尘传感器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据题意可知雾霾浓度逐渐增大时粉尘传感器阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化【解答】解：由电路图可知，电阻R与粉尘传感器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，因粉尘传感器的电阻随雾霾浓度的增大而减小，所以，将粉尘传感器放于雾霾浓度逐渐增大的空间时，粉尘传感器电阻减小，电路中的总电阻减小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数I变大，故AC错误；由U=IR可知，R两端的电压变大，即电压表的示数V变大，故B正确、D错误故选B14在奥运会的击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路接通，乙方指示针灯亮，下面能反映这种原理的电路是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】由于甲、乙方指示针互不影响，则指示针并联，当甲方击中乙方时电路接通，故S甲与乙方指示灯串联，S乙与甲方指示灯串联【解答】解：由于甲、乙方指示针互不影响，则指示针并联，S甲与乙方指示灯串联，S乙与甲方指示灯串联故D符合题意故选D15下面说法中正确的是（）A在家庭电路中，每多使用一个用电器，会使家庭电路中的总电阻增大B导体两端的电压越大，通过该导体的电流就越大C电路中几个导体两端的电压相等，这几个导体一定是并联的D电流做功的过程是电能转化为其它形式能的过程【考点】欧姆定律；串联电路和并联电路的辨别；电阻的并联；电功的实质【分析】（1）电阻并联相当于增加了电阻的横截面积，所以并联电路的总电阻比其中任何一个电阻都小；（2）导体一定时，导体电压越大，通过导体的电流越大；（3）根据串联电路的特点和欧姆定律进行解答；（4）电流做功时把电能转化为了其它形式的能，消耗多少电能，就有多少其它形式的能产生【解答】解：A、家庭电路中并联的用电器越多，相当于并联电阻的横截面积越大，电阻越小，所以增加同时工作的家用电器个数，家庭电路总电阻越小，故A错误；B、由欧姆定律可以，导体两端电压越大，通过该导体的电流就越大，故B正确；C、几个电阻相同的电阻串联时，通过它们的电流相等，根据U=IR可知，它们两端的电压相等，故C错误；D、电流做功的过程，就是电能转化为其它形式能的过程，电流做多少功，就有多少电能转化为其它形式的能，故D正确故选BD16如图所示，闭合开关后，将滑动变阻器滑片P由a端滑向b端的过程中，下列说法中正确的是（）A电压表示数不变，电流表A2示数变小B电压表示数减小，电流表A2示数不变C电压表示数减小，电流表A1示数变小D电压表示数增大，电流表A1示数不变【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R2与滑动变阻器串联后再与R1并联，电压表测R2两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据欧姆定律可知R2两端的电压变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化【解答】解：由电路图可知，R2与滑动变阻器串联后再与R1并联，电压表测R2两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，故A错误；将滑动变阻器滑片P由a端滑向b端的过程中，接入电路中的电阻变大，该支路的总电阻变大，由I=可知，变阻器所在支路的电流变小，由U=IR可知，R2两端的电压变小，故B正确、D错误；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故C正确故选BC三、简答与计算题（共4小题，满分20分）17在家庭电路中接线处要用绝缘胶布一层层裹好，而在实验室里用干电池做实验，为什么不用绝缘胶布而让导线裸露在外？【考点】电压【分析】家里用的交流电是固定的，要长期使用的，电压为220V，高于36V，不包起来会触电；实验室里的干电池都是临时接线，电压低，危险不大，就不用包胶布了【解答】答：因为家庭电路中电压为220V，大于人体安全电压，接触导线会发生触电事故；而实验室中干电池电压只有几伏，对人体无危险，所以导体可以裸露在外18如图所示，电源电压是6V，灯L1的电阻是4，闭合开关，测得灯L1两端的电压为4V，求：（1）通过L2的电流；（2）灯L2的电阻【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，L1与L2串联，电压表测L1两端的电压（1）根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过L2的电流；（2）根据串联电路的电压特点求出灯L2两端的电压，根据欧姆定律求出灯L2的电阻【解答】解：由电路图可知，L1与L2串联，电压表测L1两端的电压（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，通过L2的电流：I2=I1=1A；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯L2两端的电压：U2=UU1=6V4V=2V，灯L2的电阻：R2=2答：（1）通过L2的电流为1A；（2）灯L2的电阻为219液化气炉和电磁炉是人们目前普通使用的炉具，为了比较它们的耗能费用，刘三多同学进行了社会调查，得出如下两组数据：液化气炉（用气）电磁炉（用电）热效率50%热效率80%液化气每瓶净重12Kg额定电压220V液化气热值3.5107J/kg额定功率1000W永新液化气价格120元/瓶永新县电价格0.6元/度请问：（1）把10kg的水从20加热到100，水需吸收多少热量？（2）上述热量若用电磁炉加热，需耗电多少千瓦时？（3）上述热量若用液化气炉提供，需燃烧多少千克的液化气？（3）通过计算，你认为使用哪种炉具费用更低？【考点】电功与热量的综合计算；热量的计算；燃料的热值；电功的计算【分析】（1）知道水的质量、初温和末温，可由吸热公式求水吸收的热量；（2）利用Q=W电80%求消耗的电能；（3）利用Q=Q放50%=mq50%求需要液化气的质量；（4）再由它们价格可求得需要的费用，则可知两种灶具哪一种更经济【解答】解：（1）水吸收的热量：Q=cmt=4.2103J/（kg）10kg=3.36106J；（2）上述热量若靠电磁炉提供，需要消耗的电能：W电=4.2106J1.2kWh，（3）若用液化气燃烧放热提供，Q放=6.72106J，所需液化气的质量：m=0.192kg，（4）使用电磁炉的费用：1.2kWh0.6元/kWh=0.72元；使用液化气灶的费用：120元/12kg0.192kg=1.92元，因为1.95元0.72元，所以使用电磁炉更经济答：（1）把10kg的水从20加热到100，水需吸收3.36106J的热量；（2）上述热量若用电磁炉加热，需耗电0.12千瓦时；（3）上述热量若用液化气炉提供，需燃烧0.192千克的液化气；（4）通过计算，使用电磁炉费用更低20如图所示电路中，电源电压为12V，且保持不变，灯L上标有“10V，5W”字样，R1=10，滑动电阻器的最大阻值为40，不考虑灯丝电阻随温度的变化，求：（1）开关S闭合，S1断开，要使L正常发光，变阻器接入电路的电阻是多少？（2）开关S、S1都闭合，P滑至ab中点时，电流表的示数是多少？（3）什么情况下电路消耗的电功率最大？（不要求计算）【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）开关S闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和灯泡的电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的电阻；（2）开关S、S1都闭合，P滑至ab中点时，灯泡L与R串联后再与R1并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出灯泡L所在支路的总电阻，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流；（3）由电路图可知，当开关S、S1都闭合，P滑至a点时，灯泡L与电阻R1并联，电路中的总电阻最小，根据P=可知电路消耗的电功率最大【解答】解：（1）开关S闭合，S1断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，且L正常发光，所以，由P=UI可得，电路中的电流：I=0.5A，由I=可得，电路中的总电阻和灯泡的电阻分别为：R=24，RL=20，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路的电阻：R滑=RRL=2420=4；（2）开关S、S1都闭合，P滑至ab中点时，灯泡L与R串联后再与R1并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两支路的电流分别为：ILR=0.3A，I1=1.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：I=ILR+I1=0.3A+1.2A=1.5A；（3）当开关S、S1都闭合，P滑至a点时，电路消耗的电功率最大答：（1）开关S闭合，S1断开，要使L正常发光，变阻器接入电路的电阻是4；（2）开关S、S1都闭合，P滑至ab中点时，电流表的示数是1.5A；（3）当开关S、S1都闭合，P滑至a点时，电路消耗的电功率最大四、实验题。（共2小题，满分16分）21（1）如图1所示，该表的分度值是，此时该表的读数是（2）如图2所示，为实验室铭牌上标有“20、1A”字样的滑动变阻器，它主要是通过改变来达到改变电路的电阻值的，在使用时，AB两接线柱接入电路，此时滑动电阻接入电路的电阻是（3）若将两电流表接入如图3所示电路中闭合开关S后，A1、A2电流表的偏转为如图4甲和图乙，则出现A1现象的原因是，出现A2现象的原因是纠正上述错误后，两电表指针指向如图5所示，则A1的读数是，A2的读数是【考点】电流表的读数方法；电流表的使用；变阻器【分析】（1）分度值就是每相邻两刻线之间数值的大小，即一个小格的所表示的电流值；认清电流表的分度值，然后看指针向右偏转了多少格，分度值乘以格数就是电流表的示数（2）变阻器的原理：改变连入电路的电阻线的长度，改变连入电路的电阻阻值，改变电路中的电流滑动变阻器标有“20、1A”，标明最大电阻值和允许通过的最大电流（3）电流表指针反转，是由于正负接线柱接反了指针偏转角度太小，说明选择的量程太大了确定电流表选择的量程和对应的分度值，读出电流表的示数【解答】解：（1）因为05mA之间一共是10个小格，故一个小格表示的电流值为0.5A；即该电流表的分度值是0.5mA从图可知：指针指在10mA后一格处，则此时该表的读数是10.5mA（2）滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的；“20、1A”表示，这个变阻器的最大电阻值是100；在使用时，AB两接线柱接入电路，此时滑动电阻接入电路的电阻最大，为20，（3）由图乙可知，电流表的指针反转，是由于正负接线柱接反造成的，A2的指针偏转角度太小，说明选择的量程太大了，A1选择的是大量程03A，分度值为0.1A，示数为I1=1.5A；A2选择的是小量程00.6A，分度值为0.02A，示数为I2=0.3A；故答案为：（1）0.5mA；10.5mA；（2）电阻丝的长度；20；（3）正负接线柱接反了；量程太大；1.5A；0.3A22关于测量定值电阻阻值的实验，伏安法测电阻的原理：；刘明同学和孙燕同学在测定电阻实验中，发现缺少电流表，于是她们利用现有器材进行实验，并设计两种不同的实验方案，请您协助她们完成相关的内容：【方案一】运用电压表（无电流表），一个阻值为R0的固定电阻，测量定值电阻阻值器材：一只电压表、一个阻值为R0的固定电阻、被测电阻Rx、电源、开关和导线若干实验步骤：步骤一：请你在图甲虚线框中画出实验时所需的电路图，并连接电路；步骤二：将电压表在Rx两端，闭合开关，读出电压表的示数Ux；步骤三：将电压表在R0两端，闭合开关，读出电压表的示数U0；步骤四：根据你设计的电路的特点和实验所测得的物理量，写出Rx的表达式（用符号表示）【方案二】运用一只电压表（无电流表），一个已知最大阻值的滑动变阻器，测量定值电阻阻值器材：一只电压表、一个已知最大阻值的滑动变阻器、电源、开关和导线若干实验要求：请在图乙虚线框中画出实验时所需的电路图【评估交流】：（1）实验操作角度看，以上两个方案中，方案更好（2）好在（只要求写出一条）【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】伏安法测电阻的原理：R=；（1）根据题目中所给的实验器材，只有电压表没有电流表，但有定值电阻，这样就可以让待测电阻与定值电阻串联，根据串联电路的电流相等，就可以知道通过待测电阻的电流，让电压表先后测出总电压和待测电阻的电压，结合欧姆定律进行求解（2）根据题目中所给的实验器材，只有电压表没有电流表，但有已知最大阻值的滑动变阻器，这样就可以让待测电阻与滑动变阻器串联，根据滑动变阻器的位置时电压表的数值，结合欧姆定律进行求解【解答】解：伏安法测电阻的原理：R=；方案一、两电阻串联，电压表并联在Rx的两端；如图甲所示：电压表并联在Rx的两端时测出其两端的电压Ux，然后将电压表并联在R0两端测出其两端的电压U0，则通过Rx的电流Ix=I0=；则Rx=R0方案二、待测电阻和滑动变阻器串联，电压表并联在Rx的两端，如图乙所示：；当滑片在最左端时，变阻器接入电路的阻值为零，电压表测电源的电压U1；当滑片在最右端时，变阻器接入电路的阻值最大，电压表测待测电阻两端的电压U2，则此时滑动变阻器两端的电压为U1U2，此时通过待测电阻的电流Ix=I滑=，则Rx=R0评估交流：方案二中在测量电压时无需换接电压表，测量电压更方便方案二中在测量电压时无需换接电压表，测量电压更方便故答案为：R=；方案一：电路图如图甲所示； 并联；并联；Rx=R0方案二：电路图如图乙所示；（1）二；（2）方案二中在测量电压时无需换接电压表，测量电压更方便五、探究题。（共三小题，满分24分）23为了比较水和煤油的吸热能力，小丽和小明分别设计了一个实验，其中小丽的实验步骤为：A在两个同样的烧杯中，分别装入等体积的水和煤油B用两支温度计分别测出水和煤油的初温（两初温相同）C在烧杯中，分别放入功率相同的电热器，加热相同时间D用温度计分别测出水和煤油的末温（1）由上述实验步骤分析，小明认为：步骤A存在的错误是：其错误是，应改为步骤C加热时间相同是为了使水和煤油步骤B和D是为了得出水和煤油（2）纠正上述错误，加热5分钟后，测得水的末温为45，而煤油的末温为68，则吸热能力要强（选填“水”或“煤油”）（3）小明总结了小丽的成功经验，把步骤C、D改为：C在烧杯中，分别放入功率相同的电热器，接上电源加热D当水和煤油中升高的温度相同时，分别关掉电热器E比较电热器加热时间，就可判断它们吸热的多少此实验中，最后温度相同时，水的加热时间（选填“大于”“小于”或“等于”）煤油的加热时间此时水吸收的热量（选填“大于”“等于”或“小于”）煤油吸收的热量（4）通过实验可以得到不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用这个物理量来指述【考点】探究比热容的实验【分析】（1）“比较水和煤油吸热能力”需要控制水和煤油的质量相等，因为水和煤油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的；已知酒精灯的火焰相同，所以相同时间为两种液体提供的热量相同；步骤B、D分别测量的是初温度和末温度，两次测量之差就是温度差（2）加热相同的时间，质量相同的水和煤油，水升高的温度低，说明水的比热容大，吸热能力强；（3）实验中根据加热时间的长短来反映物体吸收热量的多少；（4）物理学中用比热容来反映物体的吸热能力【解答】解：（1）依题意，为了比较水和煤油吸热升温的特点，根据吸收热量的公式Q=Cmt可知，实验需要采用控制变量法，控制水和煤油的质量，故在两个同样的烧杯中，分别装入等体积的水和煤油是不合理的，应当装入等质量的水和煤油吸收热量的多少可以用加热时间的长短来体现出来，相同的热源在相同的时间内放出的热量相等，为了比较水和煤油的吸热能力，应当控制加热时间，所以步骤C加热时间相同是为了使水和煤油，吸收相等的热量步骤B和D是为了得出水和煤油的升高温度（2）加热相同的时间，吸收相同的热量，质量相同的水和煤油，水升高的温度低，说明水的比热容大，吸热能力强；（3）质量相同的水和煤油升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多，加热时间长，因为水的比热容大，所以吸收热量多，加热时间长；（4）物理学中用比热容来反映物体的吸热能力故答案是：（1）装入体积相同的水和煤油；装入质量相等的水和煤油；吸收相同的热量；升高的温度；（2）水；（3）大于；大于；（4）比热容24在测“小灯泡的额定功率”的实验中，提供的器材有被测小灯泡（额定电压为3.7V，额定功率为0.8W）、学生电源（电压值为6V）、电流表、电压表各一个（为实验室电表）、开关、导线若干、滑动变阻器规格为“40、1A”，设计的测量电路如图1所示，完成下面问题：（1）按正常实验和量程连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，且灯泡完好，则故障的可能原因是（2）故障排除后，闭合开关移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，电压表的示数如图2所示，记录电压表的数值是V，要测量小灯泡的额定功率应将滑片P向端滑动（选填“C”或“D”）（3）上述实验有一个明显的不足是，要较准确测量应该怎样改进电路：，此时电压表的量程选（选填“大量程”或“小量程”），且滑动变阻器的阻值闭合开关前（选填“能”或“不能”）至于电阻最大位置（4）当调节滑片P至某一位置，此时小灯泡工作在额定电压下，读取电流表的示数为0.24A，则小灯泡的额定功率为W【考点】电功率的测量【分析】（1）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，说明问题出在电压表两接线柱之间的电路，由此分析判断；（2）明确电压表选择的量程和对应的分度值，读出电压表示数时；要测量灯泡额定功率，两端电压必须等于额定电压，根据串联电路电压与电阻成正比确定滑片移动方向；（3）由于电压表使用015V量程，分度值较大，测量误差较大，由电源电压和灯泡额定电压，根据串联电路的电压特点分析解答改进措施；先由P=计算灯泡电阻，再根据串联电路特点和欧姆定律计算变阻器连入最大值时变阻器两端电压，从而判断闭合开关前滑片能否置于最大值处；（4）由P=UI计算灯泡的额定功率【解答】解：（1）电流表无示数，可能是电路中有断路发生，电压表有示数，说明电压表到电源间是通路，故障的可能原因是电压表两接线柱之间的小灯泡断路或AB间有断路；（2）由题知，小灯泡额定电压为3.7V，由所以电压表选择的是015V量程，分度值为0.1V，由图2知，此时的灯泡两端电压为2.5V；由于灯泡实际电压小于额定电压3.7V，由串联电路的分压原理知，应将滑动变阻器的滑片向C端调节，以减小变阻器连入阻值，减小变阻器分压，从而灯的两端的电压增大到3.7V；（3）由于电压表使用015V量程，分度值较大，测量误差较大因为电源电压为6V和灯泡额定电压3.7V，根据串联电路的电压特点知灯泡正常工作时滑动变阻器两端电压：U滑=UU额=6V3.7V=2.3V3V，所以为了更准确的测量电压电压表使用03V量程并联在滑动变阻器两端；由题知，小灯泡额定电压为3.7V，额定功率为0.8W，由P=可得灯泡电阻：RL=17，由根据串联电路特点和欧姆定律可得变阻器连入最大值时变阻器两端电压：UR=IR最大=R最大=404.2V3V，即电压表示数会超过其量程，故闭合开关前不能将滑动变阻器滑片至于电阻最大位置；（4）小灯泡工作在额定电压下，电流表的示数为0.24A，则小灯泡的额定功率为：P=UI=3.7V0.24A=0.888W故答案为：（1）AB间有断路；（2）2.5；C；（3）灯泡的额定电压不能较准确测量；电压表并联在滑动变阻器两端；小量程；不能；（4）0.88825【实验名称】探究电流与电压、电阻的关系【实验器材】电压表（03V，015V）；电流表（00.6A）；滑动变阻器（015）；阻值为5、10的定值电阻各一个；开关一只和导线若干实验中两位同学商定电压表的示数保持2V不变为顺利完成实验，现有电压为4.5V和6V的两电池组可供选择，则A只能选择4.5V的电池组 B只能选择6V的电池组C两电池组均可选用 D须将其变成10.5V的电池组使用【设计实验与制定计划】同学们设计了如图1所示甲、乙、丙三个电路经过讨论，认为不应该选择图甲，其原因是为探究电流与电压的关系，应该选择图所示的电路【进行实验与收集证据】（1）根据设计的电路图，对图2实物电路连接，小明在连接时还有部分线没有完成，请你将实物电路连接完整（导线不得交叉，且要求闭合开关前滑动变阻器连入电路的电阻最大）（2）小明通过实验记录了下表格中的数据电压U/V0.51.01.52.02.4电流I/A0.550.10.150.20.24其中有一组数据明显记录有误的是，小明选用的定值电阻是【分析与论证】（3）根据上面表格的数据可以得出的结论是：【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】【实验器材】知道定值电阻的阻值和电压表的示数，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻，最后结合滑动变阻器的最大阻值即可判断所需电源的电压；【设计实验与制定计划】根据电阻一定时，电流与电压的关系判断；【进行实验与收集证据】（1）根据电路图将电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，滑动变阻器按一上一下的原则与开关串联；（2）根据的比值不变，判断错误的数据；（3）根据表格的数据可以得出的结论【解答】解：【实验器材】由题意可知，定值电阻与滑动变阻器串联，当定值电阻的阻值最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流大约为I=0.2A，若电源的电压U=4.5V，则滑动变阻器两端的电压U滑=UUV=4.5V2V=2.5V，滑动变阻器接入电路的电阻R滑=12.515，此电源可用；若电源的电压U=6V，则滑动变阻器两端的电压U滑=UUL=6V2V=4V，滑动变阻器接入电路的电阻R滑=2015，所以6V或大于6V的电源不可用故选：A【设计实验与制定计划】图甲因灯泡的电阻与温度有关，即电阻是变化的，在实验时无法控制电阻不变；所以实验时不能用灯泡代替定值电阻，故图甲不符合题意；图乙是两个定值电阻并联，不能改变定值电阻两端的电压，所以不能探究电流与电压的关系，故图乙不符合题意；图丙中的滑动变阻器，能够改变电阻两端的电压，多测几组数