九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版34

2015-2016学年山东省菏泽市单县九年级（上）期末物理试卷一、选择题（每小题2分，共24分）12015年冬季，单县多次出现严重雾霾天气，影响了我们的出行和健康“霾”是指大量烟、尘等微粒悬浮空中而形成的空气浑浊现象，它和“雾”一起称为“雾霾”有关雾霾的说法错误的是（）A鼓励使用太阳能热水器能有效减少雾霾B霾是扩散现象引起的，是分子无规则运动的结果C汽油燃烧将内能转化成化学能，燃烧不充分排出的尾气是造成霾的原因之一D电能清洁无污染，因此电动汽车的开发利用将有效减少霾的产生2人体内水的比重约为70%，这有助于调节人体自身的温度，以免温度变化太快对人体造成损害主要是因为水的（）A质量较小B凝固点较低C沸点较高D比热容较大3下列学习用品中，通常情况下属于导体的是（）A塑料尺B橡皮C铅笔芯D圆珠笔外壳4教室里装有多盏电灯上晚自习时，每多开一盏灯，则教室电路的（）A总电阻减小，总电流增大B总电阻增大，总功率减小C总电压不变，总功率不变D总电阻减小，总功率减小5如图所示，电源电压为3V保持不变，两灯泡都标有“3V 0.9W”字样，要使两灯泡都能正常发光，以下说法正确的是（）A只闭合S1B同时闭合S1和S3，断开S2C同时闭合S1和S2，断开S3D只闭合S26如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，定值电阻的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为20当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（）A电压表的示数减小B电压表示数与电流表示数的比值不变C当滑片移动中点时，电压表示数为2VD当滑片移到a端时，电流表示数为0.2A7如图所示，将标有“8V 8W”的灯泡L1和“8V 16W”的灯泡L2接在12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A灯泡L1、L2都能正常发光B灯泡L2比灯泡L1亮C灯泡L1、L2一样亮D灯泡L1比灯泡L2亮8如图所示，两个小灯泡L1、L2串联，闭合开关S，L1发光，L2不发光发生这一现象的原因，不可能的是（）A电源电压较低BL2发生了断路CL2发生了短路DL2的实际功率很小9根据欧姆定律 I=，下列哪种说法是正确的（）A通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小B导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大C导体的电阻与电压成正比，与电流成反比D导体两端的电压越大，这段导体中电流就越大10如图所示，是小李同学做实验时所画电路图中的一部分，根据此电路图，下列四个选项中不能直接或间接测定的物理是（）A小灯泡放出热量B小灯泡的电功率C电流和电压D小灯泡的电阻11电磁继电器广泛用于各种自动控制电路中，如图所示是温度自动报警器的原理图，下列说法中错误的是（）A温度计可以用酒精温度计B温度计是根据液体热胀冷缩的性质工作的C电磁继电器应用了电流的磁效应D电磁继电器是一种电路开关，它可以用一个电路控制另一个电路12下列设备利用如图所示的实验原理工作的是（）A话筒B发电机C电磁继电器D电动机二、填空题（每空1分，共16分）13已知水的比热容c水=4.2103J/（kg）要在标准大气压下烧开初温为20、质量为2kg的一壶水，则水需吸收热量J此过程是采用（选填“做功”或“热传递”）的方法改变水的内能14电流表和电压表是最常见的电学测量仪表，其中不能直接接到电源两极，这是因为它的内阻（选填“很大”或“很小”）它们的指针在通电时都会发生偏转，是由于通电导体在中受到力的作用15某手机品牌在宣传时称其手机可以“充电五分钟，通话三小时”，某提供的快速充电器输出电压与电流分别为10V与2A，我们根据公式P=可以计算出，该充电器在快速充电时输出功率可以达到W；若其充电器效率为80%，充电五分钟可以将J的电能转化为能16如图甲所示电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：3，则定值电阻R1：R2=，消耗的功率P1：P2=；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为，在相同时间内R1、R2消耗的电能之比为17一种电工工具由一个小灯泡L和一个定值电阻R并联而成，通过L、R的电流跟其两端电压的关系如图所示，由图象可得定值电阻R的阻值为；当把这个工具接在电压为2V的电路两端，L、R并联电路总电流是A，此时的总电功率是W三、作图题（第18题2分，第19题3分，共5分）18根据图小磁针静止时的指向，在对应位置标出通电螺线管的N极和电源的“+”和“”极19如图所示，两灯泡L1、L2在盒内的连接方式未知，但当开关S闭合后两灯均发光，若把L1取下，L2仍发光，请在虚线框内画出相对应的电路图四、实验探究题（每空1分，共10分）20小刚利用如图甲所示实物电路探究“导体中电流跟电阻的关系”，提供的实验器材有：电压恒为6V电源、电流表、电压表、四个不同阻值的定值电阻、滑动变阻器、开关、导线若干（1）图甲中部分导线已连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整（2）实验中通过调节滑动变阻器保持电阻R两端电压不变，这种方法是（3）实验数据如表，第2次实验中电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为A次数1234电阻/5101520电流/A0.40/0.130.10（4）分析表数据可得出结论在电压一定时，导体中的电流与电阻：（5）结合表中数据可知，选用的滑动变阻器最大阻值至少是21在“研究电磁铁”的实验中，小明猜想电磁铁的磁性强弱可能跟通过电磁铁电流的大小和线圈的匝数有关，于是他设计了如图所示的电路（1）把甲、乙两个电磁铁串联，目的是使通过它们的电流；（2）通过观察甲、乙两个电磁铁吸引大头针的，可以比较它们的磁性强弱；（3）根据图示的情境可知，的磁性更强（选填“甲”或“乙”），电磁铁磁性的强弱与有关；（4）要使电磁铁的磁性增强，应该把滑动变阻器的滑片向移动五、计算题（第22题6分，第23题9分，共15分）22如图所示，电源电压恒为12V，电阻R1为20，当开关S闭合后，电压表的示数为8V，求：（1）电阻R1两端的电压； （2）通过电阻R2的电流23浴霸是安装在浴室可供取暖和照明的家用电器，某浴霸的铭牌和简化电路图如图所示，图中Ll为额定功率为44W的照明灯，L2为额定功率为880W的红外线取暖灯型号额定电压额定频率额定功率取暖照明966220V50Hz44W880W44W求：（1）取暖灯正常工作时的电流为多少安培？ （2）照明灯的电阻是多少欧姆？ （3）若让Ll和L2同时正常工作10秒，共消耗多少电能？2015-2016学年山东省菏泽市单县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共24分）12015年冬季，单县多次出现严重雾霾天气，影响了我们的出行和健康“霾”是指大量烟、尘等微粒悬浮空中而形成的空气浑浊现象，它和“雾”一起称为“雾霾”有关雾霾的说法错误的是（）A鼓励使用太阳能热水器能有效减少雾霾B霾是扩散现象引起的，是分子无规则运动的结果C汽油燃烧将内能转化成化学能，燃烧不充分排出的尾气是造成霾的原因之一D电能清洁无污染，因此电动汽车的开发利用将有效减少霾的产生【考点】分子的热运动；能源的利用和对环境的危害【分析】（1）根据太阳能的利用可减少化石燃料的燃烧降二氧化碳的排放分析；（2）雾霾天气主要是由空气中固体颗粒物造成的；（3）燃料燃烧时把化学能转化为内能；大量燃烧化石燃料可产生有害气体和烟尘，是造成雾霾天气的一种重要因素；（4）电能属于清洁能源【解答】解：A、太阳能的利用可减少化石燃料的燃烧降二氧化碳的排放，故A正确；B、雾霾天气主要是由空气中固体颗粒物造成的，雾霾不属于分子的运动现象，故B错误；C、燃料燃烧时将化学能转化为内能，不是内能转化成化学能，故C错误；D、电能清洁无污染，电动汽车的开发利用是有效减少霾的产生的措施，故D正确故选：BC2人体内水的比重约为70%，这有助于调节人体自身的温度，以免温度变化太快对人体造成损害主要是因为水的（）A质量较小B凝固点较低C沸点较高D比热容较大【考点】比热容的概念【分析】对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多【解答】解：人体内水的比例很高，在外界环境温度升高时，人体即使吸收较多的热量，由于水的比热容较大，体温不会升的过高；同理在在外界环境温度降低时，由于水的比热容较大，即使放出较多的热量，体温也不会过低，所以人体内的水分有助于调节自身的温度，以免温度变化太快造成损害故选D3下列学习用品中，通常情况下属于导体的是（）A塑料尺B橡皮C铅笔芯D圆珠笔外壳【考点】导体【分析】容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体根据导体和绝缘体的定义即可作出判断【解答】解：ABD、塑料尺、橡皮、圆珠笔外壳不容易导电，是绝缘体，不合题意；C、铅笔芯容易导电，是导体，符合题意故选C4教室里装有多盏电灯上晚自习时，每多开一盏灯，则教室电路的（）A总电阻减小，总电流增大B总电阻增大，总功率减小C总电压不变，总功率不变D总电阻减小，总功率减小【考点】电阻的并联；并联电路的电流规律；电功率的计算【分析】家庭电路是并联电路，并联电路中，支路越多，总电流越大，总电阻会越小，并联电路两端的电压不变【解答】解：家庭总电压保持220V不变，每多开一盏灯，多增加了一个支路，相当于增加了原来的横截面积，总电阻减小，总电流变大，故A正确，BCD错误故选A5如图所示，电源电压为3V保持不变，两灯泡都标有“3V 0.9W”字样，要使两灯泡都能正常发光，以下说法正确的是（）A只闭合S1B同时闭合S1和S3，断开S2C同时闭合S1和S2，断开S3D只闭合S2【考点】电路的动态分析；额定功率【分析】要使两灯泡都正常发光，应使其两端的电压都等于其额定电压，根据并联电路的电压特点分析即可【解答】解：电源电压为3V保持不变，两灯泡都标有“3V 0.9W”字样，要使两灯泡都能正常发光，两灯泡两端的电压应等于3V，所以两灯泡应并联；A、若只闭合S1，只有L2正常发光，L1不发光，A错误；B、由图知，当同时闭合S1和S3，断开S2时，两灯泡并联，B正确；C、同时闭合S1和S2，断开S3，L1短路，不会发光，C错误；D、只闭合S2，两灯泡串联，都不能正常发光，D错误故选B6如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，定值电阻的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为20当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（）A电压表的示数减小B电压表示数与电流表示数的比值不变C当滑片移动中点时，电压表示数为2VD当滑片移到a端时，电流表示数为0.2A【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据欧姆定律结合定值电阻的阻值可知两表示数之比的变化；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑片移动中点时电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数；（3）当滑片移到a端时，电路为定值电阻的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数【解答】解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻减小，由I=可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，电压表的示数增大，故A错误；因电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻的阻值，所以，电压表示数与电流表示数的比值不变，故B正确；（2）当滑片移动中点时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.3A，则电压表的示数：UR=IR=0.3A10=3V，故C错误；（3）当滑片移到a端时，电路为定值电阻的简单电路，电流表测电路中的电流，则电流表的示数：I=0.6A，故D错误故选B7如图所示，将标有“8V 8W”的灯泡L1和“8V 16W”的灯泡L2接在12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A灯泡L1、L2都能正常发光B灯泡L2比灯泡L1亮C灯泡L1、L2一样亮D灯泡L1比灯泡L2亮【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，两电阻串联在12V的电路中时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与两灯泡的额定电流相比较，电流相等的灯泡正常发光，否则不能正常发光，根据P=I2R比较两灯泡实际功率的大小关系，实际功率大的灯泡较亮【解答】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=1A，I2=2A，由I=可得，两灯泡的电阻分别为：R1=8，R2=4，两灯泡串联接在12V的电路中时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=1A，因I1=II2，所以，灯泡L1正常发光，灯泡L2不能正常发光，故A错误；由P=I2R可知，L1灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故BC错误，D正确故选D8如图所示，两个小灯泡L1、L2串联，闭合开关S，L1发光，L2不发光发生这一现象的原因，不可能的是（）A电源电压较低BL2发生了断路CL2发生了短路DL2的实际功率很小【考点】电路的三种状态【分析】串联电路的特点：串联电路中，电流只有一条路径，各用电器互相影响，用电器不发光，可能是断路、短路或实际功率太小，根据实际情况分析具体原因【解答】解：A、若电源电压较低，若两个灯泡的规格不同，R2的电阻较小，由P=I2R，电流相同的情况下，其电功率会太小而不发光，只有L1发光，A可能；B、两灯串联，若L2发生断路，则L1也不能发光，所以B不可能；C、L2发生短路，则L2不能工作，L1仍能够发光，C可能；D、若L2的实际功率很小，则L2不发光，L1可能发光，D可能故选B9根据欧姆定律 I=，下列哪种说法是正确的（）A通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小B导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大C导体的电阻与电压成正比，与电流成反比D导体两端的电压越大，这段导体中电流就越大【考点】欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素【分析】导体的电阻是导体的本质属性，与导体的材料，长度，横截面积有关，与导体的电压和电流无关，【解答】解：导体的电阻是导体的本质属性，与导体的电压和电流无关，根据欧姆定律可知导体两端的电压越大，通过这段导体的电流就越大，所以A，B，C错误，D正确故选D10如图所示，是小李同学做实验时所画电路图中的一部分，根据此电路图，下列四个选项中不能直接或间接测定的物理是（）A小灯泡放出热量B小灯泡的电功率C电流和电压D小灯泡的电阻【考点】电路的基本连接方式【分析】由电路图可知，电压表测灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡的电流，再根据选项中的实验原理进行判断【解答】解：由图知：电压表测灯泡两端的电压U，电流表测通过灯泡的电流I，根据P=UI即可直接研究小灯泡的电功率；根据R=可求得小灯泡的电阻，因为没有明确时间t，故本实验不能研究小灯泡放出的热量故选A11电磁继电器广泛用于各种自动控制电路中，如图所示是温度自动报警器的原理图，下列说法中错误的是（）A温度计可以用酒精温度计B温度计是根据液体热胀冷缩的性质工作的C电磁继电器应用了电流的磁效应D电磁继电器是一种电路开关，它可以用一个电路控制另一个电路【考点】电磁继电器的组成、原理和特点；液体温度计的构造与工作原理；电流的热效应、化学效应和磁效应；导体【分析】利用下列知识分析判断：容易导电的物体叫导体，各种金属都是导体；电磁继电器的实质是一个利用电磁铁来工作的开关；常用温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性，运用的是电流的磁效应【解答】解：A、温度自动报警器的原理是当温度达到一定值时，温度计内液体上升，该液体必须是导体，这样控制电路会接通，电磁铁产生磁性，将衔铁吸引，将报警电路接通，电铃响，起到报警作用，故A错，符合题意；BCD、电磁铁是运用电流的磁效应、温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的、电磁继电器的实质就是一个开关，所以BCD说法正确，不符合题意故选A12下列设备利用如图所示的实验原理工作的是（）A话筒B发电机C电磁继电器D电动机【考点】直流电动机的原理【分析】电动机的原理是通电线圈在磁场中能够转动，即电动机的原理图中有电源，没有电源的实验装置图是发电机的原理图【解答】解：观察题干中的图可知：该实验中有电源，是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机原理图故ABC不符合题意故选D二、填空题（每空1分，共16分）13已知水的比热容c水=4.2103J/（kg）要在标准大气压下烧开初温为20、质量为2kg的一壶水，则水需吸收热量6.72105J此过程是采用热传递（选填“做功”或“热传递”）的方法改变水的内能【考点】热量的计算【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量；（2）热量从高温物体传递到低温物体，或从物体的高温部分传递到低温部分的现象，叫做热传递没有做功而使内能改变的物理过程叫做热传递【解答】解：水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）2kg=6.72105J；该过程中热从高温物体传递给水，是通过热传递的方式改变了水的内能故答案为：6.72105；热传递14电流表和电压表是最常见的电学测量仪表，其中电流表不能直接接到电源两极，这是因为它的内阻很小（选填“很大”或“很小”）它们的指针在通电时都会发生偏转，是由于通电导体在磁场中受到力的作用【考点】电压表的使用；磁场对通电导线的作用；电流表的使用【分析】（1）电流表的电阻很小，短路现象会导致电流过大会烧坏电流表和电源电压表内阻很大，可以直接接在电源两极上；（2）分析出电流表和电压表制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转【解答】解：（1）因为电流表的阻值很小，实际上相当于一根导线，若把电流表直接接到电源两极上，将会造成电源短路，会烧坏电源和电流表（2）通过电流表和电压表的内部构造显示电流表和电压表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大因此可以利用电流表和电压表指针的转动幅度来体现电路中电流、电压的大小故答案为：电流表；很小；磁场15某手机品牌在宣传时称其手机可以“充电五分钟，通话三小时”，某提供的快速充电器输出电压与电流分别为10V与2A，我们根据公式P=UI可以计算出，该充电器在快速充电时输出功率可以达到20W；若其充电器效率为80%，充电五分钟可以将4800J的电能转化为化学能【考点】电功率的计算；电功的计算【分析】知道快速充电器输出电压与电流，根据P=UI求出输出功率，根据W=Pt求出充电五分钟消耗的电能，再根据效率公式求出手机充电时电能转化的化学能【解答】解：快速充电器输出电压U=10V，电流I=2A，则充电器在快速充电时输出功率：P=UI=10V2A=20W，由P=可得，充电五分钟消耗的电能：W=Pt=20W560s=6000J，手机充电时电能转化的化学能：Q=W=6000J80%=4800J故答案为：UI；20；4800；化学16如图甲所示电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：3，则定值电阻R1：R2=1：2，消耗的功率P1：P2=1：2；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为2：3，在相同时间内R1、R2消耗的电能之比为2：1【考点】欧姆定律的应用；电功计算公式的应用【分析】分析清楚电路结构，根据串并联电路特点与欧姆定律、电功率公式分析答题【解答】解：由图甲所示电路图可知，两电阻串联，通过两电阻的电流I相等，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测两电阻总电压，由欧姆定律：I=可知，U=IR，则：UV1=IR1，UV2=I（R1+R2），已知：V1和V2的示数之比为1：3，解得：R1：R2=：1：2；两电阻串联，通过它们的电流I相等，由P=I2R可知，P1：P2=R1：R2=1：2；由图乙所示电路图可知，两电阻并联，它们两端电压U相等，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路电流，=， =；电阻消耗的功率之比： =；故答案为：1：2；1：2；2：3；2：117一种电工工具由一个小灯泡L和一个定值电阻R并联而成，通过L、R的电流跟其两端电压的关系如图所示，由图象可得定值电阻R的阻值为10；当把这个工具接在电压为2V的电路两端，L、R并联电路总电流是0.8A，此时的总电功率是1.6W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】由图中电压和电流可算出电阻，由电压和电阻可算出电流算出电压是2V时灯泡L的电阻，然后算出电路的总电阻，由公式P=算出总功率【解答】解：由图可知，定值电阻两端电压是4V时，电流为0.4A，故电阻是：R=10把这个工具接在电压为2V的电路两端，因为小灯泡L和定值电阻R并联，读图可知，通过定值电阻R的电流为0.2A，小灯泡L的电流是0.6A则并联后的总电流为0.6A+0.2A=0.8A灯泡的电阻：RL=小灯泡L和定值电阻R并联的总电阻： =+=+=，所以R总=2.5L、R并联的总功率是：P总=1.6W故答案为：10；0.8；1.6三、作图题（第18题2分，第19题3分，共5分）18根据图小磁针静止时的指向，在对应位置标出通电螺线管的N极和电源的“+”和“”极【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则【分析】由磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，判断出通电螺线管的NS极，再由安培定判断出电流的方向，标出电源的正、负极【解答】解：由磁极间的相互作用规律可知通电螺线管的左端为S极，右端为N极；根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流入的，右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极如图所示：19如图所示，两灯泡L1、L2在盒内的连接方式未知，但当开关S闭合后两灯均发光，若把L1取下，L2仍发光，请在虚线框内画出相对应的电路图【考点】根据实物图画电路图【分析】根据实物电路图，分析清楚电路结构，然后根据电流流向法，从电源的正极出发依次画出各电路原件回到负极即可【解答】解：由若把L1取下，L2仍发光，可知，两灯泡并联，电流从正极出发开始分支，一支流经灯泡L1，另一支流经灯泡L2，然后共同经开关S回负极，如图所示四、实验探究题（每空1分，共10分）20小刚利用如图甲所示实物电路探究“导体中电流跟电阻的关系”，提供的实验器材有：电压恒为6V电源、电流表、电压表、四个不同阻值的定值电阻、滑动变阻器、开关、导线若干（1）图甲中部分导线已连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整（2）实验中通过调节滑动变阻器保持电阻R两端电压不变，这种方法是控制变量法（3）实验数据如表，第2次实验中电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为0.2A次数1234电阻/5101520电流/A0.40/0.130.10（4）分析表数据可得出结论在电压一定时，导体中的电流与电阻：成反比（5）结合表中数据可知，选用的滑动变阻器最大阻值至少是40【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】（1）电压表并联在定值电阻的两端；变阻器按一上一下的原则接入电路中；（2）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法；（3）根据电流表小量程读数；（4）横向比较表中数据得出结论；（5）由串联电路电压的规律结合分压原理，求出滑动变阻器最大阻值至少是多少【解答】解：（1）电压表测量定值电阻的电压，变阻器按一上一下的原则接入电路中，如下图所示：（2）通过导体的电流大小与导体的电压和电阻有关，在探究导体中电流跟电阻的关系时，应控制导体的电压不变，改变电阻的大小，看电流的变化情况，这种研究方法叫控制变量法；（3）由实物知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；（4）横向比较表中数据可知，当电阻为原来的几倍时，通过的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是：在电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（5）由表中数据可知，电压表的示数为U=IR=0.40A5=2.0V保持不变，则变阻器应分去的电压为6V2V=4V，变阻器的电压为定值电阻的2倍，根据分压原理，变阻器连入电路中的阻值为220=40，即变阻器的最大阻值至少为40故答案为：（1）如上图所示；（2）控制变量法；（3）0.2A；（4）反比；（5）4021在“研究电磁铁”的实验中，小明猜想电磁铁的磁性强弱可能跟通过电磁铁电流的大小和线圈的匝数有关，于是他设计了如图所示的电路（1）把甲、乙两个电磁铁串联，目的是使通过它们的电流相等；（2）通过观察甲、乙两个电磁铁吸引大头针的多少，可以比较它们的磁性强弱；（3）根据图示的情境可知，乙的磁性更强（选填“甲”或“乙”），电磁铁磁性的强弱与线圈匝数有关；（4）要使电磁铁的磁性增强，应该把滑动变阻器的滑片向左移动【考点】探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验【分析】（1）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯，在探究过程中要用控制变量法；将两个电磁铁串联，是为了使通过两个电磁铁的电流相等；（2）掌握转换法的应用：实验中通过电磁铁吸引大头针的多少来反映电磁铁磁性的强弱；（3）根据甲、乙吸引大头针的多少判断磁性的强弱；（4）要使电磁铁的磁性增强，应增大电路中的电流，减小滑动变阻器的阻值【解答】解：（1）把甲、乙两个电磁铁串联，目的是使通过它们的电流相等；（2）通过观察甲、乙两个电磁铁吸引大头针的多少，可以比较它们的磁性强弱；（3）由图知，乙吸引的大头针较多，说明乙的磁性较强；甲乙电流大小相等，铁芯相同，乙的线圈匝数不同，说明电磁铁磁性的强弱与线圈匝数有关；（4）要使电磁铁的磁性增强，应增大电路中的电流，减小滑动变阻器的阻值，将滑动变阻器的滑片向左滑动故答案为：（1）相等；（2）多少；（3）乙；线圈匝数；（4）左五、计算题（第22题6分，第23题9分，共15分）22如图所示，电源电压恒为12V，电阻R1为20，当开关S闭合后，电压表的示数为8V，求：（1）电阻R1两端的电压； （2）通过电阻R2的电流【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据串联电路的电压规律得出电阻R1两端的电压；（2）根据公式I=计算出R1的电流，串联电路的电流相等【解答】解：（1）由图知，两电阻串联，电压表测量R2两端的电压，R1两端的电压：U1=UU2=12V8V=4V；（2）两电阻串联，所以通过R2的电流：I2=I1=0.2A答：（1）电阻R1两端的电压为4V；（2）通过电阻R2的电流为0.2A23浴霸是安装在浴室可供取暖和照明的家用电器，某浴霸的铭牌和简化电路图如图所示，图中Ll为额定功率为44W的照明灯，L2为额定功率为880W的红外线取暖灯型号额定电压额定频率额定功率取暖照明966220V50Hz44W880W44W求：（1）取暖灯正常工作时的电流为多少安培？ （2）照明灯的电阻是多少欧姆？ （3）若让Ll和L2同时正常工作10秒，共消耗多少电能？【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算【分析】（1）已知取暖灯的额定功率和额定电压，根据I=求出正常工作时的电流；（2）已知照明灯的额定功率和额定电压，根据R=求出电阻；（3）根据W=Pt求出两者正常工作10秒，共消耗的电能【解答】解：（1）暖灯正常工作时的电流：I=4A；（2）照明灯的电阻：R=1100；（3）电路的总功率：P总=P1+P2=880W+44W=924W，正常工作10秒共消耗的电能：W总=P总t=924W10S=9240J答：（1）取暖灯正常工作时的电流为4安培；（2）照明灯的电阻是1100欧姆；（3）若让两灯同时正常工作10秒共消耗9240J的电能