九年级物理上学期12月月考试卷（含解析） 苏科版

2015-2016学年江苏省南通市海安县韩洋中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每题2分，共20分）1如图所示，小枫骑变速自行车上坡时，要想省力，后轴的齿轮应该换用较大还是较小的？原因是什么？下列对这两个问题回答正确的是（）A较大的，增大动力臂B较大的，减小阻力臂C较小的，增大动力臂D较小的，减小阻力臂2下列四种情形，其功率最接近于8W的是（）A麻雀飞行B人平时骑自行车C汽车起重机D内燃机车3滨州市近年来城市面貌发生了很大变化，特别是“四环五海”建设，极大地改善了城市环境其中中海是最有代表性的人工湖，占地约5000亩，一次性储水量达1.4107m3已知水的比热容为4.2103J/（kg），干泥土的比热容为0.84103J/（kg），则下列说法中正确的是（）A寒冷的冬天，湖水结冰过程中要吸收大量的热B1.4107m3的水升高2要吸收的热量为ll761014JC城市绿地面积的增加，不会改善城市空气质量D因为水的比热容比干泥土大，所以现在中海区域的昼夜温差要比其开挖蓄水前大4如图所示是简化了的电冰箱的电路图，图中M是压缩机用的电动机，L是冰箱内的照明灯，下列说法中正确的是（）A冰箱门打开时，S2是断开的，灯与电动机串联B冰箱门打开时，S1与S2闭合，灯与电动机并联C冰箱门关上时，灯自动熄灭，S1就自动断开D冰箱内温度降到设定温度时，S1就自动断开5关于温度、内能、热量，下列说法正确的是（）A物体的温度越高，它含的热量越多B物体内能增加，一定要吸收热量C物体内能越多，放热一定越多D物体的温度升高，它的内能就增加6关于家庭电路中的电能表，下列说法中正确的是（）A电能表的作用是测量用电器中通过电流大小的B电能表转盘转速越快，用电器消耗的电能越多C电能表的作用是测量用电器消耗电能多少的D电能表的测量值是以“KW”为单位的7甲乙两个滑轮组如图所示，其中每一个滑轮的重量都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（）A若G1=G2，则拉力做的总功相同B若G1=G2，则甲的机械效率大于乙的机械效率C若G1G2，则拉力做的有用功相同D用甲、乙中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变8如图所示电路，电源电压保持不变，三只电表均完好开关S闭合后，发现只有两个电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是（）A电压表V1示数为零，灯L1断路B电压表V1示数为零，灯L1短路C电流表A示数为零，灯L2断路D电流表A示数为零，灯L2短路9如图所示的电路中，电源电压U保持不变，定值电阻R1=20闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P在中点C时，电流表的示数为0.4A，当移动滑片P到最右端时，电流表示数为0.3A则电源电压U与滑动变阻器R2的最大值为（）A6V 10B6V 20C12V 20D12V 4010如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，在滑动变阻器滑片移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变大，下列说法中正确的是（）A电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮B电流表示数变大，电压表示数变大，灯泡变暗C电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变亮D电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变暗二、填空题（每空1分，共24分）11如图所示是汽油机工作循环中的一个情景，此时它处于冲程中，将能转化为能若它工作过程中的转速是3000r/min，则它在1分钟内对外做功次12斜面也是一种简单机械，利用斜面也能省力如图所示是两个光滑的斜面（大于），同一个物体分别在AC和BC斜面受平行斜面的拉力从底端匀速运动到顶端的C点，所需拉力分别为FA、FB，拉力做功分别为WA和WB，则FAFB、WAWB（选填“”、“”、“=”）13用如图所示装置“比较蓖麻油和水的比热容”小丽的设计方案：在两个相同烧杯中分别加入体积相同的蓖麻油和水，用相同酒精灯加热相同的时间，根据两种液体温度的高低，比较两种液体比热容的大小小丽的设计方案存在的主要问题是和改正后的方案实验时，小丽发现蓖麻油比水升高的温度高请你将小丽等同学的分析、论证过程补充完整：蓖麻油吸收的热量（大于/小于/等于）水吸收的热量蓖麻油的比热容（大于/小于/等于）水的比热容14电路元件甲和乙的电流与两端电压的关系如图所示，由图可知，甲的电阻是若将甲、乙并联后电压为2V的电源两端，干路中的电流是 A若将甲、乙串联后电流为0.2A，则电源电压为V，通电10s，电流经过元件甲所做的电功J15小明家电能表上个月底表盘数字是，这个月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电度，他只让某电水壶工作，发现在10分钟内该电能表转盘转过了600转，则该电水壶消耗的电能为J16如图电路，电源电压不变，R1为定值电阻闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从最右端移动到最左端的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，滑动变阻器R2的最大阻值是；滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为A17如图所示电路中，电源电压为10V，且保持不变，电阻R1=20，滑动变阻器R2的最大阻值是30，则当滑片P在滑动变阻器上由a到b滑动时，电流表示数变化的范围，电压表示数变化的范围18如图所示，用滑轮组拉着重900N的物体A沿水平方向匀速移动，在40s内移动了8m，拉力F所做的功为1280J则：（1）拉力的大小为N，功率为W（2）不计绳重及与滑轮的摩擦，若滑轮组的机械效率为95%则物体A受到的摩擦力N，动滑轮的重力为N三、解答题（共46分）19如图所示，用螺丝刀撬起图钉请在图上画出螺丝刀受到图钉阻力F2的力臂；并画出作用在螺丝刀柄上A点的最小动力F1的示意图20如图所示，在方框内分别填入小灯泡和电流表的元件符号，使电路正常工作21居民楼的楼道里，夜间只是偶尔有人经过，电灯总是亮着会浪费电小明想利用光控开关和声控开关设计出一种“聪明”的电路晚上，有人走动发出声音，灯亮；白天，无论发出多大声音，电灯也不会亮请把图中的器材连接成符合要求的电路（光控开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声控开关在有人走动发出声音时就闭合，闭合后经过一两分钟便自动断开）22如图是我国新型气垫登陆船，该船满载后的总质量为160t（g=10N/kg）（1）气垫船入水后，启动柴油发动机，通过向下喷气将船身匀速抬高2.15m，若整个过程中能量的转化效率为20%，则抬高一次需要消耗多少千克的柴油？（柴油的热值q柴油=4.3107J/kg）（2）气垫船以30m/s的速度匀速直线运动时，若受到的阻力始终为7.2104N，那么推力的功率为多少？23如图所示的电路中，电阻R1的阻值为20，电源电压不变当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.45A；S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.75A求：（1）电源电压为多少？（2）R2的阻值为多少？（3）S2、S3断开，S1闭合时，通电10s电流通过电阻R1做的功为多少？24在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）如图a所示，要使杠杆在水平位置平衡，可将杠杆左端的平衡螺母向调节（2）如图b所示，调节平衡后，左侧挂上钩码，在右侧用弹簧测力计（图中未画出）拉杠杆，使其在水平位置平衡，为便于测量力臂，应使弹簧测力计拉力的方向（3）操作过程中，当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，你认为接下来合理的操作是（写出一条即可）（4）甲同学测出一组数据后就得出了“动力动力臂=阻力阻力臂”的结论，乙同学认为他的做法不合理，理由是25利用如图装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关”将小球A、B分别拉到与竖直方向成一定角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止图中的摆长L都相同，12，球A、B的质量分别为mA、mB，（mAmB）（l）如图甲、乙所示，同时释放A、B，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的无关（2）如图甲、乙所示，观察到B球能将木块c撞得更远由此可得出结论：（3）图乙中小球B到达竖直位置时的速度（填“大于”、“小于”或“等于”）题图丙中小球B到达竖直位置时的速度，如题图乙、丙所示，图丙中木块C滑行得更远些，由此可得出结论：26在探究“影响食盐溶液电阻的因素”的实验中，小明设计了如图所示的实验装置，记录的实验现象如下表：实验次数加入食盐量两金属片AB间距离/厘米灯泡亮度1勺2微亮2勺2较亮3勺1较亮4勺1很亮（1）比较实验次数1和2（或3和4），其结论是：相同时，；（2）细心的小明发现，如图所示的装置中两个金属片都接触到容器的底部，在进行上述探究的过程中，还需要注意控制的变量是容器中液体的（选填“质量”或“体积”）理由是：；（3）在实验过程中，小明认为用电流表代替小灯泡能进行实验，你认为（选填“可行”或“不可行”），简述你的理由：27李明和小亮利用如图（甲）所示的电路探究“电流与电阻的关系”已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻R的阻值分别为10，15，20，25（1）李明根据图（甲）所示的电路图，将图（乙）中的实验器材连接成实验电路，小亮在检查时认为，从实验目的来看，实验电路上有一根导线连接错了，建议李明改接请在接错的那根线上打另画一根导线，使电路连接正确；如果不改接这根导线，对实验的影响是：（具体说明是什么影响）（2）李明将电路改接正确后，先将5的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为2.5V，并记下电流值接着断开开关，取下5电阻，改接10的电阻（滑动变阻器滑片位置未动），此时电压表的示数为，若要得到正确的数据，应将滑动变阻器滑片向端移动（选填“左”或“右”），直至，再次记下电流值若要完成整个实验，滑动变阻器的最大阻值至少为（3）小亮在改接正确电路的基础上将电阻换成小灯泡，进行测小灯泡电阻的实验，小灯泡正常发光时的电压为2.5V小亮移动滑动变阻器的滑片，记录多组小灯泡两端不同的电压及对应的通过小灯泡的电流值如表其中第3次电流表的示数如图所示，读数为 A分析数据时，同学们发现表格中有个数据（电流）异常这个异常的数据应该改为A出现这种差错的原因是实验次数123456电压/V0.511.522.53电流/A0.100.800.230.250.26（4）由表可知，小灯泡正常工作时的灯丝电阻为小亮认为使测得的灯泡的电阻值更准确应该根据各组数据算出电阻，并取平均值，他的说法（选填“正确”或“错误”），理由2015-2016学年江苏省南通市海安县韩洋中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共20分）1如图所示，小枫骑变速自行车上坡时，要想省力，后轴的齿轮应该换用较大还是较小的？原因是什么？下列对这两个问题回答正确的是（）A较大的，增大动力臂B较大的，减小阻力臂C较小的，增大动力臂D较小的，减小阻力臂【考点】轮轴及其他常见简单机械【分析】后轮的齿轮是个轮轴，其中轮提供动力、轴处是阻力；骑车上坡时，需要省力，所以应加大动力臂，即使用较大的齿轮【解答】解：在上坡时，需要省力、费距离，因此要增大动力臂或减小阻力臂；车轮绕轴转动，相当于一个杠杆车轮所受的摩擦力是向前的力，阻力臂是车轮半径；动力是人通过链条传递给后轴的齿轮的力，动力臂是后轴的齿轮半径；自行车上坡时所受阻力变大，而阻力臂不变，因此，增大动力臂可以减小所施加的动力，故应换用较大的后轴齿轮故选A2下列四种情形，其功率最接近于8W的是（）A麻雀飞行B人平时骑自行车C汽车起重机D内燃机车【考点】功率大小的比较【分析】结合生活经验，利用功率的公式P=Fv可对不同物体运动时的功率做出估测，找出最接近的选项【解答】解：A、麻雀飞行时速度约20m/s，其重力约0.4N，匀速飞行时，其功率约P=Fv=0.4N20m/s=8W，符合题意；B、人平时骑自行车的速度约5m/s，牵引力约50N，其功率约P=Fv=50N5m/s=250W，不合题意；CD、汽车起重起和内燃机车的质量都非常大，在做功时动力也会非常大，因此，其功率都会很大，不可能接近8W，故CD不合题意故选A3滨州市近年来城市面貌发生了很大变化，特别是“四环五海”建设，极大地改善了城市环境其中中海是最有代表性的人工湖，占地约5000亩，一次性储水量达1.4107m3已知水的比热容为4.2103J/（kg），干泥土的比热容为0.84103J/（kg），则下列说法中正确的是（）A寒冷的冬天，湖水结冰过程中要吸收大量的热B1.4107m3的水升高2要吸收的热量为ll761014JC城市绿地面积的增加，不会改善城市空气质量D因为水的比热容比干泥土大，所以现在中海区域的昼夜温差要比其开挖蓄水前大【考点】凝固与凝固放热特点；水的比热容的特点及应用；热量的计算【分析】（1）物质由液体变成固体叫凝固，凝固过程要放热；（2）吸收或放出热量的多少可以用公式：Q=cmt求解；（3）植树造林的好处还有许多：调节气温、天然除尘、制造氧气、减低噪声等；（4）比热容是指单位质量的某种物质温度升高（或降低）1所吸收（或放出）的热量；同样质量的不同物体，降低相同的温度，比热容大的物体放出的热量多，【解答】解：A、寒冷的冬天，湖水结冰过程中要放出大量的热，故A不符合题意；B、1.4107m3的水升高2要吸收的热量：Q=cmt=cVt=4.2103J/（kg）1.0103kg/m31.4107m32=ll761014J，故B符合题意；C、城市绿地面积的增加，调节气温、天然除尘、制造氧气、减低噪声等，能改善城市空气质量，故C不符合题意；D、因为水的比热容比干泥土大，同样质量的水和干泥土，降低相同的温度，水放出的热量多，所以现在中海区域的昼夜温差要比其开挖蓄水前小，故D不符合题意；故选B4如图所示是简化了的电冰箱的电路图，图中M是压缩机用的电动机，L是冰箱内的照明灯，下列说法中正确的是（）A冰箱门打开时，S2是断开的，灯与电动机串联B冰箱门打开时，S1与S2闭合，灯与电动机并联C冰箱门关上时，灯自动熄灭，S1就自动断开D冰箱内温度降到设定温度时，S1就自动断开【考点】串联电路和并联电路的辨别；电路的基本连接方式【分析】分析电冰箱的电路图，判断灯泡与压缩机的连接方式，然后根据灯与电机的连接方式分析答题【解答】解：由电路图知：压缩机与电灯并联，且都有各自的开关控制，所以压缩机与照明灯可以单独工作，互不影响；A、冰箱门打开时，S2是闭合的，灯发光，灯与电动机并联，故错误；B、冰箱门打开时，S2是一定闭合的，但S1不一定闭合，灯一定发光，灯与电动机并联，故错误；C、冰箱门关上时，S2自动断开，灯泡熄灭；故错误；D、电动机是使冰箱内的温度降低，因此冰箱内温度降到设定的温度时，S1就自动断开，电动机将停止工作，说法正确故选D5关于温度、内能、热量，下列说法正确的是（）A物体的温度越高，它含的热量越多B物体内能增加，一定要吸收热量C物体内能越多，放热一定越多D物体的温度升高，它的内能就增加【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）物体吸收热量，内能一定增加，但有些物体的温度并不升高，例如晶体的熔化过程和液体的沸腾过程，不断吸收热量，但是温度保持熔点和沸点不变；（2）热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；（3）热传递发生的条件是存在温度差异，热量由高温物体传递给低温物体，或者由同一个物体上的高温部分传递给低温部分，与物体自身内能的大小无关【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，可以说物体含有多少内能，故该选项说法不正确；B、物体内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是吸收了热量；故该选项说法不正确；C、物体的温度越高，在热传递过程中，放出的热量可能会越多，故该选项说法不正确；D、物体的温度升高，内能一定增加，故该选项说法正确故选D6关于家庭电路中的电能表，下列说法中正确的是（）A电能表的作用是测量用电器中通过电流大小的B电能表转盘转速越快，用电器消耗的电能越多C电能表的作用是测量用电器消耗电能多少的D电能表的测量值是以“KW”为单位的【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】掌握电能表的用途，使用的单位，是解决本题的关键【解答】解：A、电能表是测量用电器消耗电能的多少不符合题意B、表盘转的越快，用电器的功率越大，用电器消耗的电能同时跟电功率和通电时间有关，在通电时间一定时，功率大，消耗电能多不符合题意C、电能表是测量用电器消耗电能的多少符合题意D、电能表的测量值是以“kWh”为单位的kW电功率的单位不符合题意故选C7甲乙两个滑轮组如图所示，其中每一个滑轮的重量都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（）A若G1=G2，则拉力做的总功相同B若G1=G2，则甲的机械效率大于乙的机械效率C若G1G2，则拉力做的有用功相同D用甲、乙中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变【考点】功的大小比较；机械效率的大小比较【分析】解决此题的关键是搞清有用功、额外功、总功之间的关系，并能比较出甲乙两图中所做额外功的大小关系，并能根据公式=分析机械效率大小关系【解答】解：A、甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，所以若把物体提升相同的高度，乙滑轮组做的额外功多，若G1=G2，把物体提升相同的高度，则根据W=Gh可知甲乙所做的有用功相同，总功=有用功+额外功，故A错误B、若G1=G2，甲乙所做的有用功相同，乙做的总功大于甲做的总功，根据=，甲的机械效率大于乙的机械效率，故B正确；C、若G1G2，物体提升相同的高度，则根据W=Gh可知：甲所做的有用功大于乙所做的有用功，故C错误；D、用同一个滑轮组提起不同的重物，所做的额外功不变，有用功发生变化，所以有用功在总功中的比值发生变化，所以机械效率变，所以D错误故选B8如图所示电路，电源电压保持不变，三只电表均完好开关S闭合后，发现只有两个电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是（）A电压表V1示数为零，灯L1断路B电压表V1示数为零，灯L1短路C电流表A示数为零，灯L2断路D电流表A示数为零，灯L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由图知，两个灯泡串联，只有一个灯泡出现了故障，由于其中两表有示数，可知此故障不是断路，如果是断路，则整个电路中没有电流，电表都不会有示数则该灯泡短路【解答】解：A、如果灯L1断路，则电压表V1会和灯L2串联，电压表会有示数不合题意B、电压表V1示数为零，灯L1短路如果灯L1短路，则它两端的电压表也短路，即电压表V1示数为零其它两表有示数，符合题意C、灯L2断路，整个电路就会断路，电压表V1和电流表会无示数，不合题意D、电流表A示数为零，灯L2短路如果灯L2短路，灯L1正常工作，则电流表也有示数，不合题意故选B9如图所示的电路中，电源电压U保持不变，定值电阻R1=20闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P在中点C时，电流表的示数为0.4A，当移动滑片P到最右端时，电流表示数为0.3A则电源电压U与滑动变阻器R2的最大值为（）A6V 10B6V 20C12V 20D12V 40【考点】欧姆定律的应用【分析】当滑动变阻器的滑片P在中点C时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流；当移动滑片P至最右端时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流；根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值，进一步求出电源的电压【解答】解：当滑动变阻器的滑片P在中点C时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得，电源的电压：U=I（R1+）=0.4A（20+），当移动滑片P至最右端时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，则电源的电压：U=I（R1+R2）=0.3A（20+R2），因电源的电压不变，所以，0.4A（20+）=0.3A（20+R2），解得：R2=20，电源的电压U=I（R1+R2）=0.3A（20+20）=12V故选C10如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，在滑动变阻器滑片移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变大，下列说法中正确的是（）A电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮B电流表示数变大，电压表示数变大，灯泡变暗C电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变亮D电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变暗【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知电压表与电流表示数的比值变大时变阻器接入电路中电阻的变化，再根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断灯泡亮暗的变化【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，由R=可知，电压表与电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路中的电阻，因电压表与电流表示数的比值变大，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故BC错误；由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故A错误，D正确故选D二、填空题（每空1分，共24分）11如图所示是汽油机工作循环中的一个情景，此时它处于压缩冲程中，将机械能转化为内能若它工作过程中的转速是3000r/min，则它在1分钟内对外做功1500次【考点】内燃机的四个冲程【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能；若飞轮转速是3000r/min，表示每分飞轮转动3000圈，要经过6000个冲程，对外做功1500次故答案为：压缩；机械；内；150012斜面也是一种简单机械，利用斜面也能省力如图所示是两个光滑的斜面（大于），同一个物体分别在AC和BC斜面受平行斜面的拉力从底端匀速运动到顶端的C点，所需拉力分别为FA、FB，拉力做功分别为WA和WB，则FAFB、WA=WB（选填“”、“”、“=”）【考点】功的大小比较【分析】斜面倾斜角度越大，越费力斜面AC的倾斜角度小于斜面BC，所以斜面AC更省力，斜面光滑说明摩擦力为0，即使用光滑的斜面没有额外功，根据W=Gh分析【解答】解：斜面AC倾斜角度小于BC，所以物体沿AC运动时拉力较小（省力），即FAFB；斜面光滑说明摩擦力为0，即使用光滑的斜面没有额外功，由W=Gh可知，拉力在两斜面上做功相同，即WA=WB故答案为：；=13用如图所示装置“比较蓖麻油和水的比热容”小丽的设计方案：在两个相同烧杯中分别加入体积相同的蓖麻油和水，用相同酒精灯加热相同的时间，根据两种液体温度的高低，比较两种液体比热容的大小小丽的设计方案存在的主要问题是没有控制蓖麻油和水的质量相同和没有控制蓖麻油和水的初温相同改正后的方案实验时，小丽发现蓖麻油比水升高的温度高请你将小丽等同学的分析、论证过程补充完整：蓖麻油吸收的热量等于（大于/小于/等于）水吸收的热量蓖麻油的比热容小于（大于/小于/等于）水的比热容【考点】探究比热容的实验【分析】比较两种液体的比热容实验，必须采用了控制变量法的思想，控制质量和初温相等，加热相同的时间，升高的温度高的物质的比热容大；相同的酒精灯，加热时间相同，因此两种液体吸收的热量相同【解答】解：根据比热容的表达式c=，小华的设计方案中，没有控制蓖麻油和水的质量和初温，不符合控制变量法的思想，因此存在问题选用相同的酒精灯加热相同的时间，因此蓖麻油和水吸收的热量相等，小华发现蓖麻油比水升高的温度高，说明蓖麻油的比热容小于水的比热容故答案为：没有控制蓖麻油和水的质量相同；没有控制蓖麻油和水的初温相同；等于；小于14电路元件甲和乙的电流与两端电压的关系如图所示，由图可知，甲的电阻是5若将甲、乙并联后电压为2V的电源两端，干路中的电流是0.6 A若将甲、乙串联后电流为0.2A，则电源电压为3V，通电10s，电流经过元件甲所做的电功2J【考点】欧姆定律的应用【分析】在甲的图象中任取一点，读出其电压和电流值，根据欧姆定律计算其电阻；由并联电路电压特点从图象中读出甲乙中的电流，根据并联电路电流特点得出干路电流；根据串联电路电流特点读出甲、乙两端电压，从而得到电源电压，并由W=UIt计算电流通过甲做的功【解答】解：由图可知，当甲两端电压为2V时，通过甲的电流为0.4A，由I=可得甲的电阻：R甲=5；并联电路中各支路电压与电源电压都相等，即：U甲=U乙=U=2V，由图象知此时通过乙的电流：I乙=0.2A，根据并联电路电流特点可得干路电流：I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A；串联电路中电流处处相等，甲、乙串联时I甲=I乙=0.2A，由图象知此时甲、乙两端电压：U甲=1V，所以电源电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，通电10s，电流经过元件甲所做的电功：W甲=U甲I甲t=1V0.2A10s=2J故答案为：5；0.6；3；215小明家电能表上个月底表盘数字是，这个月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电100度，他只让某电水壶工作，发现在10分钟内该电能表转盘转过了600转，则该电水壶消耗的电能为7.2105J【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）小明家本月用电的计算方法：月末的减去月初的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位kWh；（2）3000r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kWh的电能，然后可求出转盘转600r电路中消耗的电能【解答】解：（1）月底电能表示数W2=1362.5kWh，小明家本月用电：W=W2W1=1362.5kWh1262.5kWh=100kWh=100度；（2）电能表转盘转动600r，电路消耗的电能为：W=600kWh=0.2kWh=7.2105J故答案为：100；7.210516如图电路，电源电压不变，R1为定值电阻闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从最右端移动到最左端的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，滑动变阻器R2的最大阻值是20；滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）当滑片P在a端时滑动变阻器全部接入，R1与R2串联，电路中的电流最小，由图象读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压；当滑片P在b端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值和电源的电压；（2）当滑动变阻器的滑片P在中点时，连入电路的阻值为R2，根据电阻的串联和和欧姆定律求出电路中的电流即可得出答案【解答】解：（1）由电路图可知，当滑片P在a端时滑动变阻器全部接入，R1与R2串联，则电路中电流最小，由图象可知此时电路中的电流Ia=0.2A，R2两端的电压U2=4V，由I=可得：R2=20，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=IaR1+U2=0.2AR1+4V当滑片P在b端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，由图象可知这时电路中电流为Ib=0.6A，电源电压加在R1上，则U=IbR1=0.6AR1 解得：R1=10，U=6V；（2）当滑动变阻器的滑片P在中点时，则滑动变阻器连入电路的阻值为：R2=R2=20=10，则电流表的示数为：I=0.3A由图象可知：电流表示数为0.3A时对应的点是B故答案为：20；0.317如图所示电路中，电源电压为10V，且保持不变，电阻R1=20，滑动变阻器R2的最大阻值是30，则当滑片P在滑动变阻器上由a到b滑动时，电流表示数变化的范围0.5A0.2A，电压表示数变化的范围0V6V【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为0，电压表的示数为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律求出电流表的最大示数；当滑片位于b端时，R2接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，电流表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，再根据欧姆定律求出电压表的最大示数，然后得出答案【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为0，电压表的示数为0，电路为R1的简单电路，则电路中的电流最大：I大=0.5A；当滑片位于b端时，R2接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，电流表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I小=0.2A，电压表的最大示数：U2=I小R2=0.2A30=6V，所以，当滑片P在滑动变阻器上由a到b滑动时，电流表示数变化的范围0.5A0.2A，电压表示数变化的范围0V6V故答案为：0.5A0.2A；0V6V18如图所示，用滑轮组拉着重900N的物体A沿水平方向匀速移动，在40s内移动了8m，拉力F所做的功为1280J则：（1）拉力的大小为80N，功率为32W（2）不计绳重及与滑轮的摩擦，若滑轮组的机械效率为95%则物体A受到的摩擦力152N，动滑轮的重力为8N【考点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）根据滑轮组承担摩擦力的绳子的段数得出绳端移动的距离（s=nh）又因拉力做功为已知，利用公式W=Fs的变形式F=可求拉力；拉力的功率利用P=求得；（2）根据总功和机械效率计算出有用功，W有用=W总，由W有用=fsA，从而计算A受到的摩擦力，然后计算出额外功，从而可以计算出动滑轮的重力【解答】解：（1）由图通过动滑轮上绳子段数n=2，物体沿水平方向移动8m，拉力作用点移动距离：s=nsA=28m=16m，由W=Fs得可得拉力的大小：F=80N；拉力的功率为：P=32W；（2）拉力所做功是总功，由=得：W有用=W总=95%1280J=1216J，克服A受到摩擦力做的功是有用功，由W有=fsA可得：f=152N；不计绳重及与滑轮的摩擦，克服动滑轮做的功是额外功，W额=W总W有用=1280J1216J=64J，W额=G动s，所以G动=8N故答案为：（1）80；32；（2）152；8三、解答题（共46分）19如图所示，用螺丝刀撬起图钉请在图上画出螺丝刀受到图钉阻力F2的力臂；并画出作用在螺丝刀柄上A点的最小动力F1的示意图【考点】力的示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题【分析】画力臂应从支点向力的作用线画垂线；画最小的动力则要找到最长的力臂，使力的作用线方向与力臂垂直【解答】解：阻力的力臂如图中L2所示，作用在A点的最小动力应为图中的力F1，它与杠杆垂直，此时的动力臂为OA20如图所示，在方框内分别填入小灯泡和电流表的元件符号，使电路正常工作【考点】电流表的使用；电压表的使用【分析】解决此题要知道电流表要串联在被测电路中，电压表要并联在被测电路中；电流表的阻值很小，电压表的阻值很大【解答】解：由图可知，如果上面的方框内填入小灯泡，下面的方框内填入电流表，那么电流表将并联在电源两端了，这样容易烧坏电流表，这种做法是绝对不允许的；因此上面的方框填电流表，下面的方框填小灯泡，这样电流表测右边小灯泡的电流，两只小灯泡并联，如下图：21居民楼的楼道里，夜间只是偶尔有人经过，电灯总是亮着会浪费电小明想利用光控开关和声控开关设计出一种“聪明”的电路晚上，有人走动发出声音，灯亮；白天，无论发出多大声音，电灯也不会亮请把图中的器材连接成符合要求的电路（光控开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声控开关在有人走动发出声音时就闭合，闭合后经过一两分钟便自动断开）【考点】串、并联电路的设计【分析】由题意可知，居民楼的楼道里灯泡亮的条件是：（1）必须是晚上，白天不亮；（2）必须有人经过，没人不亮；所以光控开关和声控开关不能独立工作，即串联【解答】解：晚上，天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，即两个开关串联，再和灯泡串联设计电路如下：22如图是我国新型气垫登陆船，该船满载后的总质量为160t（g=10N/kg）（1）气垫船入水后，启动柴油发动机，通过向下喷气将船身匀速抬高2.15m，若整个过程中能量的转化效率为20%，则抬高一次需要消耗多少千克的柴油？（柴油的热值q柴油=4.3107J/kg）（2）气垫船以30m/s的速度匀速直线运动时，若受到的阻力始终为7.2104N，那么推力的功率为多少？【考点】热平衡方程的应用；功率的计算【分析】（1）根据W=Gh求出抬高一次需要做的功，若整个过程中没有能量损失，Q=W，然后利用Q=mq求需要消耗的柴油质量；（2）知道气垫船和推力，利用功率公式P=Fv即可求功率【解答】解：（1）抬高一次需要做的功W=Gh=1.6106N2.15m=3.44106J；20%Q放=W；Q放=17.2106J由Q放=mq得：m=0.4kg；（2）推力的功率P=Fv=7.2104N30m/s=2.16106W答：（1）抬高一次需要消耗0.4千克的柴油；（2）推力的功率为2.16106W23如图所示的电路中，电阻R1的阻值为20，电源电压不变当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.45A；S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.75A求：（1）电源电压为多少？（2）R2的阻值为多少？（3）S2、S3断开，S1闭合时，通电10s电流通过电阻R1做的功为多少？【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】（1）当S1、S2断开，S3闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）当S1断开，S2、S3闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点和欧姆定律求出通过R2的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R2的阻值；（3）当S2、S3断开，S1闭合时，两电阻串联，根据电阻的串联求出电路中的电流，利用W=I2Rt求出通电10s电流通过电阻R1做的功【解答】解：（1）当S1、S2断开，S3闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，由I=可得，电源电压为：U=I1R1=0.45A20=9V；（2）当S1断开，S2、S3闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，此时通过R1的电流仍为0.45A不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻R2的电流为：I2=II1=0.75A0.45A=0.3A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R2的阻值：R2=30；（3）当S2、S3断开，S1闭合时，两电阻串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中电流表的示数：I=0.18A，通电10s电流通过电阻R1做的功：W1=（I）2R1t=（0.18A）22010s=6.48J答：（1）电源电压为9V；（2）R2的阻值为30；（3）S2、S3断开，S1闭合时，通电10s电流通过电阻R1做的功为6.48J24在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）如图a所示，要使杠杆在水平位置平衡，可将杠杆左端的平衡螺母向左调节（2）如图b所示，调节平衡后，左侧挂上钩码，在右侧用弹簧测力计（图中未画出）拉杠杆，使其在水平位置平衡，为便于测量力臂，应使弹簧测力计拉力的方向竖直向下（3）操作过程中，当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，你认为接下来合理的操作是左侧钩码右移（写出一条即可）（4）甲同学测出一组数据后就得出了“动力动力臂=阻力阻力臂”的结论，乙同学认为他的做法不合理，理由是一组实验数据太少，具有偶然性，不便找出普遍规律【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）调节杠杆的平衡时，应将平衡螺母向较高一侧调节；（2）力臂是支点到力的作用线的垂直距离由此分析为便于测量力臂，弹簧测力计拉力的方向；（3）根据杠杆平衡条件分析（4）探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出的结论是不科学的【解答】解：（1）调节杠杆的平衡时，由图a杠杆左高右低，应将两端的平衡螺母向左调节；（2）力臂是支点到力的作用线的垂直距离当弹簧测力计拉力方向与杠杆垂直时，拉力作用点到支点的距离就是其力臂，这样便于从杠杆上直接读出力臂，由图杠杆水平平衡时拉力方向应竖直向下；（3）当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，可以换用更大量程的测力计；根据杠杆的平衡条件，也可以减少左侧钩码的数量或者左侧钩码右移（4）只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力动力臂=阻力阻力臂这种结论很具有偶然性，不合理要进行多次实验，总结杠杆平衡条件故答案为：（1）左；（2）竖直向下；（3）左侧钩码右移；（4）一组实验数据太少，具有偶然性，不便找出普遍规律25利用如图装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关”将小球A、B分别拉到与竖直方向成一定角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止图中的摆长L都相同，12，球A、B的质量分别为mA、mB，（mAmB）（l）如图甲、乙所示，同时释放A、B，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的质量无关（2）如图甲、乙所示，观察到B球能将木块c撞得更远由此可得出结论：速度相同时，物体质量越大，动能越大（3）图乙中小球B到达竖直位置时的速度小于（填“大于”、“小于”或“等于”）题图丙中小球B到达竖直位置时的速度，如题图乙、丙所示，图丙中木块C滑行得更远些，由此可得出结论：质量相同时，物体的速度越大，动能越大【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）比较甲乙两图的速度和质量的关系便可得出结论；（2）木块被撞出得远，说明小球的动能大，根据动能大小和质量大小比较，得出动能和质量的关系；（3）比较乙丙两图速度的大小，根据小球被撞得距离比较出动能的大小，从而得出结论【解答】解：（1）甲乙两图中，小球的质量不同，由题意知，摆角相同，小球同时到达竖直位置，说明小球的速度大小与小球的质量无关；（2）mAmB，两球的速度相同，B球能将木块c撞得更远，说明B球的动能更大，因此可得速度相同时，物体质量越大，动能越大；（3）乙丙两图，小球的质量相同，12，所以丙图小球的速度更大，图丙中木块C滑行得更远些，说明质量相同时，物体的速度越大，动能越大故答案为：（1）质量；（2）速度相同时，物体质量越大，动能越大；（3）小于；质量相同时，物体的速度越大，动能越大26在探究“影响食盐溶液电阻的因素”的实验中，小明设计了如图所示的实验装置，记录的实验现象如下表：实验次数加入食盐量两金属片AB间距离/厘米灯泡亮度1勺2微亮2勺2较亮3勺1较亮4勺1很亮（1）比较实验次数1和2（或3和4），其结论是：两金属片AB间距离相同时，浓度越大，电阻越小；（2）细心的小明发现，如图所示的装置中两个金属片都接触到容器的底部，在进行上述探究的过程中，还需要注意控制的变量是容器中液体的体积（选填“质量”或“体积”）理由是：金属片插入溶液中的深度不同，可能影响溶液的导电性能，；（3）在实验过程中，小明认为用电流表代替小灯泡能进行实验，你认为可行（选填“可行”或“不可行”），简述你的理由：食盐水溶液相当于一个电阻，与电流表串联不会短路，而电流表可以准确反映电流的大小【考点】影响电阻大小的因素【分析】（1）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法；（2）因为猜想中食盐水溶液的导电性能与若干个因素有关，所以进行实验探究时，看清每次实验是让什么相同，什么不同，才能知道研究与哪个因素的关系【解答】解：（1）1和2两次实验中，两金属片AB间距离相同，加入的食盐量不同，即溶液的浓度不同，所以可验证食盐水溶液的导电性能与溶液的浓度是否有关，两金属片AB间距离相同时，浓度越大，电阻越小；（2）细心的小明发现，如图所示的装置中两个金属片都接触到容器的底部，在进行上述探究的过程中，还需要注意控制的变量是容器中液体的体积，理由是：因为金属片插入溶液中的深度不同，可能影响溶液的导电性能；（3）如果将灯泡换成电流表，食盐水溶液相当于一个电阻，与电流表串联不会短路，而电流表可以准确反映电流的大小，因此这一做法是可行的故答案为：（1）两金属片AB间距离；浓度越大，电阻越小；（2）金属片插入溶液中的深度不同，可能影响溶液的导电性能；（3）可行；食盐水溶液相当于一个电阻，与电流表串联不会短路，而电流表可以准确反映电流的大小27李明和小亮利用如图（甲）所示的电路探究“电流与电阻的关系”已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻R的阻值分别为10，15，20，25（1）李明根据图（甲）所示的电路图，将图（乙）中的实验器材连接成实验电路，小亮在检查时认为，从实验目的来看，实验电路上有一根导线连接错了，建议李明改接请在接错的那根线上打另画一根导线，使电路连接正确；如果不改接这根导线，对实验的影响是：不能测出定值电阻两端的电压（具体说明是什么影响）（2）李明将电路改接正确后，先将5的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为2.5V，并记下电流值接着断开开关，取下5电阻，改接10的电阻（滑动变阻器滑片位置未动），此时电压表的示数为3.5V，若要得到正确的数据，应将滑动变阻器滑片向右端移动（选填“左”或“右”），直至电压表的示数为2.5 V，再次记下电流值若要完成整个实验，滑动变阻器的最大阻值至少为35（3）小亮在改接正确电路的基础上将电阻换成小灯泡，进行测小灯泡电阻的实验，小灯泡正常发光时的电压为2.5V小亮移动滑动变阻器的滑片，记录多组小灯泡两端不同的电压及对应的通过小灯泡的电流值如表其中第3次电流表的示数如图所示，读数为0.2 A分析数据时，同学们发现表格中有个数据（电流）异常这个异常的数据应该改为0.16A出现这种差错的原因是电流表接的是小量程却按大量程读数；实验次数123456电压/V0.511.522.53电流/A0.100.800.230.25