九年级物理上学期12月月考试卷（含解析） 新人教版111

2015-2016学年湖北省武汉市黄陂区部分学校联考九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每小题3分，共36分）1在如图所示四个实验，与分子无规则运动无关的是（）ABCD2关于热量、温度、内能的概念，下面说法中不正确的是（）物体的温度越高，含有的热量越多物体的温度升高，一定吸收了热量物体放出热量，温度一定降低做功和热传递都能改变物体内能A只有B只有 C只有 D可能有3小明阅读了下表后，得出了一些结论，其中正确的是（）几种物质的比热容c/J（）1水4.2103干泥土0.84103冰2.1103铜0.39103煤油2.1103铅0.13103水银0.14103砂石0.92103沿海地区昼夜温差比内陆地区小同种物质在不同状态下，其比热容不同质量相等的铜块和铅块，降低相同的温度，铜块放出的热量少液体的比热容都比固体大ABCD4为了防范灰太狼的入侵，聪明的喜羊羊给羊村安装了一套报警系统，要求：用细导线ab将羊村围住，合上开关，值班室的灯亮而铃不响；当灰太狼碰断导线ab进入羊村时，电铃就会响起来下列电路图中符合要求的是（）ABCD5对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量定值电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（）A它们都是采用控制变量的研究方法B它们的滑动变阻器在实验电路中的作用是不同的C前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差6如图所示，在“探究串联电路的电压规律”实验时，闭合开关，用电压表分别测出AB、BC、AC两端的电压分别为UAB=1.5V，UBC=1.5V，UAC=3V，在表格中记录数据后，接着的实验步骤是（）A整理器材，结束实验B分析数据，得出结论C换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值D换用电压表的另一量程，再测出一组电压值7如何利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或一只电压表，测出未知电阻Rx的阻值，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的方法有（电源电压未知）：（）A（1）（3）B（2）（3）C（2）（4）D（1）（4）8如图所示，电源电压不变，闭和开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时（）A电流表A1示数变小，电压表V示数变小B电流表A2示数变大，电压表V示数变大C电压表V示数与电流表A1示数比值不变D电压表V示数与电流表A2示数比值不变9小红在做测定灯泡电阻的实验中，将正常的电流表、电压表接入电路，当闭合开关后，发现电流表有读数，电压表读数为零，移动滑动变阻器滑片时电流表读数有变化，电压表读数始终为零，其原因可能是（）A滑动变阻器接触不良B开关接触不良C小灯泡两端短路D灯泡的钨丝断了10如图甲是某种半导体材料的电阻随温度变化的关系图象根据这种半导体材料电阻的特性，小明和他的同学设计了一个电路（如图乙）可以测定某一空间的温度使用的器材如下：半导体电阻、电源（电压保持不变）、电流表（00.6A）、开关、定值电阻R0（10）、导线若干下列说法正确的是（）A由图象可知半导体电阻随温度的升高而增大B当环境温度升高时，电路消耗的功率减小C当环境温度为20时，电流表的读数为0.2A，则电源电压为12VD当电流表的读数为0.4A，环境温度是40时，半导体电阻的电功率是1.6W11有两只规格不同的灯泡，其中甲为“12V 12W”，乙为“6V 3W”，则说法错误的是（）A甲灯的电阻和乙灯的电阻一样大B甲乙两灯串联时，电路两端允许的最大电压为12VC甲乙两灯串联在6V电源上时，一样亮D甲乙两灯并联在6V电源上时，甲灯比乙灯亮12如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为9W设灯丝电阻不变下列说法中不正确的是（）A甲、乙两图中灯L1两端的电压之比是2：3BL1、L2两灯灯丝电阻之比是2：1C甲图中灯L1、L2的功率之比是2：1D甲、乙两图电路消耗的总功率之比是3：2二、非选择题部分（本题共7小题，共23分）13小明家的电能表如图所示，家中用电器的总功率不能超过W当小明家只有一盏电灯工作时，2min内转盘正好转过5圈，则该灯泡的电功率为W14（1）某一台单缸四冲程汽油机的转速是1800转/分，若做功冲程一次做功1500J，则这台汽油机的功率是kW，若某次工作1min消耗汽油的质量是0.1kg，这台汽油机的效率大约是（汽油的热值是4.6107J/kg）（2）如图所示，小宇从公园的滑梯上滑下，在滑下的过程中，人与滑梯接触的部位感到烫，这说明可以改变物体的内能，实质是能量发生了如图所示为一种人们设想中的永动机，它通过高处的水流冲击叶片，叶片的转动又带动抽水机从低处将水抽到高处，从而循环工作，这种永动机（选填“能够”或“不能够”）永远工作下去15为了参加全国青少年创新大赛，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪，如图所示，其中定值电阻R1=5，电源电压恒为4.5V，R2的规格为“15 0.5A”，电压表量程为03V，电流表量程为00.6A，（1）R1在电路中的作用是（2）当被测身高增加时，电压表的示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）当变阻器R2接入电路的阻值是6.25时，电流表的示数为A（4）为了保证电路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是16为了“比较不同物质吸热情况”，实验室中准备了以下仪器：两个规格相同的电加热器，两个相同的酒精灯，两个相同的烧杯，两支温度计，手表，铁架台，火柴，适量的水和煤油（1）为了完成实验，还需要的仪器有为了准确地控制物体吸收热量的多少，在上述提供的热源中，选比较合理（2）小明实验后，记录数据如表所示：物质次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min水10.110220.2104煤油30.110140.2102分析第次实验数据，可以得出的初步结论是：物体吸收热量的多少还与物质种类有关物理学中用来表示物质的“吸热本领”这一特性（3）关于该实验下列说法正确的是A烧杯中水和食用油的体积相等B烧杯中液体内能增加是通过热传递方式C 实验表明质量相同的不同物质，升温时吸收热量不同，加热时间不同D只能通过比较加热时间来比较吸热能力17如图甲是小明“探究并联电路电流特点”的实验电路图：（1）实验中，选择两个小灯泡的规格应该是的（填“相同”或“不相同”）（2）小明同学在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是（3）在实验中，小明同学经过多次实验，他进行多次实验的目的是（填序号）寻找普遍规律 减小实验误差（4）小丽同学使用的小灯泡L1、L2铭牌分别为“3.8V 0.3A”、“1.5V 0.3A”，按甲图连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡L2强烈发光后很快就熄灭，而小灯泡L1的亮度不变原因是请你帮她提出一个合理的改进意见18探究电流与电压的关系用到的实验器材有：电压表、电流表、三种不同规格的滑动变阻器（A：“10 1.5A”、B：“20 1A”、C：“50 1A”）、开关、新干电池三节、定值电阻的阻值是10、导线若干（1）小明连接成的电路如图所示，他连接的电路中存在连线错误，只需改动一根导线，即可使连线正确请在接错的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）排除故障后实验时，闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至A端，这样做可以起到的作用；此实验中滑动变阻器的另一个作用是“改变定值电阻两端的电压”，请你写出一种不用变阻器，也可以“改变定值电阻两端电压”的方法：（3）小明在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值，如表所示：U/V1.02.03.0I/A0.10.20.3要测出表格中的实验数据，实验时所用的滑动变阻器规格为（选填规格的编号即可）通过上表中的数据，我们可以得出：（4）在完成以上实验后，小明又测额定电压为2.5V的小灯泡的电流和电压，下列图象中反应小灯泡的电流和电压的关系正确的是19某研究性学习小组设计了一种测定风力的装置，其原理如图甲所示迎风板与一压敏电阻Rx连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向，压敏电阻的阻值随风力的变化而变化已知电源电压恒为9V，定值电阻R=2，电压表量程为03V，压敏电阻Rx与迎风板承受风力F的关系如图乙所示（1）电压表示数随风力的增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）（2）求无风时，定值电阻R消耗的电功率； （3）求该装置所能测量的最大风力；（4）如果保持电压表量程不变，且只能在电路中增加一个电阻R0，使该装置能测量的最大风力增加到900N，计算电阻R0的阻值，并说明其连接方式2015-2016学年湖北省武汉市黄陂区部分学校联考九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分，共36分）1在如图所示四个实验，与分子无规则运动无关的是（）ABCD【考点】分子的热运动【分析】首先由实验现象分析得出各现象演示的规律，然后再据题目中的提示信息选出合适的答案【解答】解：A、开始实验时清水与硫酸铜溶液界面清晰，10天后两种液体完全混合，说明分子是运动的与分子运动有关，不符合题意；B、玻璃板离开水面的一刻，弹簧测力计示数增大，说明分子之间存在引力与分子运动无关，符合题意；C、分别在热水和冷水中滴入一滴墨水，可以看到热水的颜色变化快，说明温度越高分子运动越剧烈与分子运动有关，不符合题意；D、抽去玻璃板，空气和二氧化氮气体逐渐混合，说明分子是运动的与分子运动有关，不符合题意故选B2关于热量、温度、内能的概念，下面说法中不正确的是（）物体的温度越高，含有的热量越多物体的温度升高，一定吸收了热量物体放出热量，温度一定降低做功和热传递都能改变物体内能A只有B只有 C只有 D可能有【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量（2）改变物体内能有两种方法，做功和热传递；（3）大多数物体在吸收热量时温度会升高内能会增加，放出热量后温度会降低，内能会减小，但是在晶体的熔化过程和液体的沸腾过程中吸收热量，内能增加，但是温度不变；晶体在凝固过程中放出热量，内能减小，但是温度不变【解答】解：热量是一个过程量，不能用“具有”或“含有”来修饰，说法错误；物体温度升高可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功了，说法错误；晶体在凝固过程中放出热量，内能减小，但是温度不变，所以物体放出热量，温度一定降低的说法错误；做功和热传递都可以改变物体的内能，它们达到的效果都是一样的，说法正确；故选C3小明阅读了下表后，得出了一些结论，其中正确的是（）几种物质的比热容c/J（）1水4.2103干泥土0.84103冰2.1103铜0.39103煤油2.1103铅0.13103水银0.14103砂石0.92103沿海地区昼夜温差比内陆地区小同种物质在不同状态下，其比热容不同质量相等的铜块和铅块，降低相同的温度，铜块放出的热量少液体的比热容都比固体大ABCD【考点】比热容解释简单的自然现象；比热容的概念【分析】根据比热容是物质的一种属性，同一物质的比热容相等，不同物质的比热容不同；热量公式：Q=cmt等，逐一分析各选项判断正误【解答】解：水的比热容大，在同样吸放热的情况下，水的温度变化比土壤、沙石的温度变化小，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故说法正确；比较水和冰的比热容可知，同种物质在不同状态下，其比热容不同，故说法正确；铜的比热容比铅的比热容大，质量相等的铜块和铅块，降低相同的温度，铜块放出的热量多，故说法错误；水银是液体，其比热容就很小，所以液体的比热容并不是都比固体大，故说法错误综上所述，说法正确的有故选C4为了防范灰太狼的入侵，聪明的喜羊羊给羊村安装了一套报警系统，要求：用细导线ab将羊村围住，合上开关，值班室的灯亮而铃不响；当灰太狼碰断导线ab进入羊村时，电铃就会响起来下列电路图中符合要求的是（）ABCD【考点】电路图设计【分析】可以利用对用电器短路的方法完成题目的要求让电灯与电铃串联，且导线并联在电铃的两端，当灰太狼没有进入羊村时，电路正常，灯泡发光而铃不响；当灰太狼碰断导线ab进入羊村时，电铃就会响起来，使羊村中的羊及时发现【解答】解：A、合上开关，值班室的灯亮而铃不响；当灰太狼碰断导线ab进入羊村时，电铃就会响起来；符合题意；B、合上开关，值班室的铃响而灯不亮；故不合题意；CD、合上开关，形成电源短路，故不合题意；故选A5对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量定值电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（）A它们都是采用控制变量的研究方法B它们的滑动变阻器在实验电路中的作用是不同的C前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验【分析】根据实验目的、实验原理、滑动变阻器的用法、实验进行多次测量的目的进行分析答题【解答】解：A在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，故A错误，符合题意；B探究电流与电阻关系实验，使用滑动变阻器的目的是控制电阻两端电压保持不变，伏安法测定值电阻实验中，使用滑动变阻器的目的是改变电阻两端电压，这两个实验使用滑动变阻器的作用不同，故B正确，不符合题意；C探究电流跟电阻的关系实验，进行多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系，故C正确，不符合题意；D伏安法测电阻阻值实验，后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差，故D正确，不符合题意故选A6如图所示，在“探究串联电路的电压规律”实验时，闭合开关，用电压表分别测出AB、BC、AC两端的电压分别为UAB=1.5V，UBC=1.5V，UAC=3V，在表格中记录数据后，接着的实验步骤是（）A整理器材，结束实验B分析数据，得出结论C换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值D换用电压表的另一量程，再测出一组电压值【考点】探究串、并联电路中的电压规律实验【分析】研究串联和并联电路的电压和电流时为了实验结论具有普遍性，采用相同灯泡和不同灯泡进行多次实验【解答】解：用电压表测出AB、BC、AC两端的电压分别为UAB=1.5V，UBC=1.5V，UAC=3V，说明两个小灯泡是同一个规格的，接下来的操作是换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值，然后分析数据，这样的结论才具有科学性故选C7如何利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或一只电压表，测出未知电阻Rx的阻值，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的方法有（电源电压未知）：（）A（1）（3）B（2）（3）C（2）（4）D（1）（4）【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律【分析】利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx=求出电阻，并且要注意电表正负接线柱的连接【解答】解：（1）开关S1闭合，S2断开时R0和Rx串联，电流表可以测出通过Rx的电流Ix；S2闭合时为Rx的简单电路，不能直接或间接测量出Rx的电压，所以不能求出Rx的电阻（2）开关S0闭合，S接1时电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当S接2时电路为未知电阻Rx的简单电路，电流表测通过Rx的电流Ix，根据Rx=求出电阻（3）开关S1和S2都闭合时，R0被短路，电压表测量电源电压U；只闭合S1时，R0和Rx串联，电压表直接测量Rx两端的电压Ux根据串联电路总电压等于各串联导体电压之和，求出定值电阻两端的电压U0=UUx，根据I0=，求出通过定值电阻的电流根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0根据Rx=求出电阻（4）开关S0闭合，S接1时和S接2时电压表V的正负接线柱会连接错误，故无法测出正确的使用故选B8如图所示，电源电压不变，闭和开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时（）A电流表A1示数变小，电压表V示数变小B电流表A2示数变大，电压表V示数变大C电压表V示数与电流表A1示数比值不变D电压表V示数与电流表A2示数比值不变【考点】欧姆定律的应用【分析】根据电路图可知，闭合开关S，滑动变阻器R2与电阻R1并联，电流表A1测量电阻R1的电流，电流表A2测量电路总电流，电压表测电源的电压；根据并联电路的电流、电压特点及欧姆定律来判断电表的示数变化及比值情况【解答】解：由图知，滑动变阻器R2与电阻R1并联，电流表A1测量电阻R1的电流，电流表A2测量电路总电流，电压表测电源的电压；A、并联电路各支路两端的电压等于电源电压，当滑动变阻器滑片P向右移动时，其电阻变大，但电压表的示数不变；由于定值电阻的阻值和两端电压不变，所以A1的示数不变，A错误；B、滑片向右滑动，变阻器的阻值变大，这条支路的电流变小，通过定值电阻的电流不变，则通过干路中的电流变小，B错误；C、电压表与电流表A1的比值是定值电阻的阻值，其阻值不变，所以电压表与A1的示数比值不变，C正确；D、电压表的示数不变，由B分析知，A2的示数变小，所以电压表与A2的比值变大，D错误故选C9小红在做测定灯泡电阻的实验中，将正常的电流表、电压表接入电路，当闭合开关后，发现电流表有读数，电压表读数为零，移动滑动变阻器滑片时电流表读数有变化，电压表读数始终为零，其原因可能是（）A滑动变阻器接触不良B开关接触不良C小灯泡两端短路D灯泡的钨丝断了【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】将正常的电流表、电压表接入电路，当闭合开关后，发现电流表有读数，说明电路为通路；当移动滑动变阻器滑片时电流表读数有变化，电压表读数始终为零，说明电压表测量的用电器发生短路【解答】解：移动滑片，电流表示数变化，电压表示数始终为零，而电压表测导线电压时，电压表示数为0；因此灯泡被短路故选 C10如图甲是某种半导体材料的电阻随温度变化的关系图象根据这种半导体材料电阻的特性，小明和他的同学设计了一个电路（如图乙）可以测定某一空间的温度使用的器材如下：半导体电阻、电源（电压保持不变）、电流表（00.6A）、开关、定值电阻R0（10）、导线若干下列说法正确的是（）A由图象可知半导体电阻随温度的升高而增大B当环境温度升高时，电路消耗的功率减小C当环境温度为20时，电流表的读数为0.2A，则电源电压为12VD当电流表的读数为0.4A，环境温度是40时，半导体电阻的电功率是1.6W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）由图象知半导体电阻与温度关系；（2）根据半导体电阻与温度关系结合图乙，由P=UI判断电路消耗功率变化情况；（3）由图甲读出环境温度为20时，半导体的电阻大小，由串联电路特点和欧姆定律计算电源电压；（4）由图甲读出温度为40时，半导体的电阻大小，由P=I2R计算半导体电功率【解答】解：A、由图甲知，温度越高，半导体电阻越小，所以A错误；B、由乙图知R与R0串联，由A知，温度升高，半导体电阻变小，电路的总电阻减小，由欧姆定律知电路中电流变大，由P=UI知电路消耗功率变大，故B错误；C、由乙图知，半导体R与R0串联，由图甲知温度为20时，R=50，由串联电路特点和欧姆定律得：电源电压：U=IR总=I（R+R0）=0.2A（50+10）=12V，故C正确；D、由图甲读出温度为40时，半导体的电阻连入电路的电阻R=20，根据串联电路的电流特点和P=I2R可得：半导体电功率P=I2R=（0.4A）220=3.2W故D错误故选C11有两只规格不同的灯泡，其中甲为“12V 12W”，乙为“6V 3W”，则说法错误的是（）A甲灯的电阻和乙灯的电阻一样大B甲乙两灯串联时，电路两端允许的最大电压为12VC甲乙两灯串联在6V电源上时，一样亮D甲乙两灯并联在6V电源上时，甲灯比乙灯亮【考点】电功计算公式的应用【分析】（1）根据灯泡的铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率，由功率公式的变形公式求出灯泡的电阻、额定电流；（2）两灯串联时，流过两灯的电流相等，为保证电路安全，流过电路的电流应为较小的额定电流；由U=IR求出电路两端的电压；由P=I2R判断哪个灯较亮；（3）两灯并联时，灯两端的电压相等，由P=比较两灯的实际功率大小，实际功率大的灯较亮【解答】解：A、由甲的铭牌“12V 12W”知：甲的额定电压U甲=12V，额定功率P甲=12W；甲的额定电流I甲=1A，电阻R甲=12；由乙的铭牌“6V 3W”知：乙的额定电压U乙=6V，额定功率P乙=3W；乙灯的额定电流I乙=0.5A，电阻R乙=12；甲灯与乙灯的电阻相等，A说法正确，不符合题意B、两灯串联时，流过电路的最大电流I=I乙=0.5A，电路两端的电压U=I（R甲+R乙）=0.5A（12+12）=12V，B说法正确，不符合题意；C、两灯串联在6V电源上时，流过它们的电流I相等，R甲=R乙，由P=I2R知两灯的实际功率相等，灯的亮度相同，C说法正确，不符合题意D、两灯并联在6V电源上时，它们两端的电压U=6V相等，R甲=R乙，由P=知两灯的实际功率相等，两灯的亮度相同，D说法错误，符合题意；故选D12如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为9W设灯丝电阻不变下列说法中不正确的是（）A甲、乙两图中灯L1两端的电压之比是2：3BL1、L2两灯灯丝电阻之比是2：1C甲图中灯L1、L2的功率之比是2：1D甲、乙两图电路消耗的总功率之比是3：2【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；电功率的计算【分析】甲图中，两灯串联，乙图中两灯并联，根据公式P=可求甲乙两图中灯L1两端的电压之比在甲图中，电流相等，根据欧姆定律可知电压之比就等于电阻之比，已知甲图和乙图中灯L1两端的电压之比，可求出电阻之比在甲图中，两灯串联，电流相等，已知电阻之比，根据公式P=I2R可求电功率之比已知电源电压不变，在甲图中，两灯串联，乙图中，两灯并联，根据公式P=可求总功率之比【解答】解：甲图中，灯L1的功率P1=，乙图中，灯L1的功率P1=，所以=，所以=，故A正确在甲图中，灯L2两端的电压为U2，两灯串联，所以=，所以=，串联电路电流相等， =，所以=，故B正确在甲图中，灯L1的功率P1=I2R1，灯L2的功率P2=I2R2，所以=，故C正确在甲图中消耗的总功率P甲=，在乙图中消耗的总功率P乙=，所以=，故D错误故选：D二、非选择题部分（本题共7小题，共23分）13小明家的电能表如图所示，家中用电器的总功率不能超过2200W当小明家只有一盏电灯工作时，2min内转盘正好转过5圈，则该灯泡的电功率为50W【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）根据电能表正常工作的电压和允许通过的最大电流计算允许接入电路的最大功率（2）先利用表盘上的参数3000r/kWh，求出电灯消耗的电能，再用公式P=求出电灯的功率；【解答】解：（1）电能表正常工作的电压是220V，允许通过的最大电流是10A，因此此表正常使用时允许接入用电器的最大功率：P=UI=220V10A=2200W（2）t=2min=h，电灯消耗的电能W=kWh=kWh，电灯的功率：P=0.05kW=50W故答案为：2200；5014（1）某一台单缸四冲程汽油机的转速是1800转/分，若做功冲程一次做功1500J，则这台汽油机的功率是22.5kW，若某次工作1min消耗汽油的质量是0.1kg，这台汽油机的效率大约是29.3%（汽油的热值是4.6107J/kg）（2）如图所示，小宇从公园的滑梯上滑下，在滑下的过程中，人与滑梯接触的部位感到烫，这说明做功可以改变物体的内能，实质是能量发生了转化如图所示为一种人们设想中的永动机，它通过高处的水流冲击叶片，叶片的转动又带动抽水机从低处将水抽到高处，从而循环工作，这种永动机不能够（选填“能够”或“不能够”）永远工作下去【考点】有关热机的计算；能量守恒定律；做功改变物体内能【分析】（1）热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出活塞所做的功，然后利用P=求出功率；根据Q=mq求出汽油完全燃烧放出的热量，汽油机做的总功就等于0.1kg汽油完全燃烧放出的热量，再根据=计算汽油机的效率（2）改变物体内能的两种方法：做功和热传递对物体做功（克服摩擦力做功、压缩气体做功等），将机械能转化为物体的内能，使物体的内能增加、温度升高；在能量转化的过程中，总会有一部分能量以热的形式向四周扩散，成为无用的能量，所以抽水机的机械能会逐渐减小【解答】解：（1）汽油机飞轮转速是1800r/min，每分钟飞轮转动1800圈，完成900个工作循环，对外做功900次做功冲程工作时，推动活塞一次做功1500J，1min做功W=1500J900=1.35106J，这台汽油机的功率为：P=2.25104W=22.5kW汽油机做的总功就等于汽油完全燃烧时放出的热量：W总=Q放=mq=0.1kg4.6107J/kg=4.6106J；故汽油机的效率为：=100%29.3%（2）小宇在下滑过程中克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以臀部有灼热的感觉，这是通过做功的方式改变了他的内能，此过程的实质是能量转化；人们设想的这种机械装置不可能实现，因为抽水机在此过程中，有部分机械能会转化为内能，即机械能会逐渐减少，所以机械能总量不守恒，所以人们设想的机械装置不能实现故答案为：（1）22.5；29.3%；（2）做功；转化；不能够15为了参加全国青少年创新大赛，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪，如图所示，其中定值电阻R1=5，电源电压恒为4.5V，R2的规格为“15 0.5A”，电压表量程为03V，电流表量程为00.6A，（1）R1在电路中的作用是保护电路（2）当被测身高增加时，电压表的示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）当变阻器R2接入电路的阻值是6.25时，电流表的示数为0.4A（4）为了保证电路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是410【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；电压表的使用【分析】（1）由电路结构可知，滑动变阻器有短路的可能性，故为了防止出现短路而用R1来保护电路；（2）由身高测量仪的结构可知当身高增加时，滑动变阻器接入电阻的变化，则由欧姆定律可求得电路中的电流，则根据串联电路的电压规律可求得电压表示数变化；（3）已知变阻器阻值，则由欧姆定律可求得电流表的示数；（4）为保证安全，则应保证电路中的各元件都不能超过最大限制电流，由欧姆定律可求得变阻器接入电路的取值范围【解答】解：（1）当滑动变阻器滑片滑到最底端时，滑动变阻器会短路，故R1可以防止整个电路发生短路而烧坏电流表，故R1的作用为保护电路；（2）当被测身高增加时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可知电路中电流减小，R1两端的电压减小，由串联电路的电压规律可知电压表示数变大；（3）电路中总电阻R=R2+R1=5+6.25=11.25，由欧姆定律可得电路中电流I=0.4A；（4）由题意知，电流表量程为00.6A，而R2的限制电流为0.5A，故电路中电流不得超过0.5A；则由欧姆定律可得：电路的总电阻R总=9； 则此时滑动变阻器接入电阻为R0=95=4；电压表量程为03V，故滑动变阻器两端的电压不得超过U=3V，则当滑动变阻器两端的电压为3V时，R1两端的电压为U1=4.5V3V=1.5V；则由欧姆定律可得：电路中电流为I2=0.3A； 则滑动变阻器的阻值R0=10； 故滑动变阻器的阻值范围为410故答案为：（1）保护电路；（2）变大；（3）0.4；（4）41016为了“比较不同物质吸热情况”，实验室中准备了以下仪器：两个规格相同的电加热器，两个相同的酒精灯，两个相同的烧杯，两支温度计，手表，铁架台，火柴，适量的水和煤油（1）为了完成实验，还需要的仪器有天平为了准确地控制物体吸收热量的多少，在上述提供的热源中，选两个规格相同的电加热器比较合理（2）小明实验后，记录数据如表所示：物质次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min水10.110220.2104煤油30.110140.2102分析第1、3（或2、4）次实验数据，可以得出的初步结论是：物体吸收热量的多少还与物质种类有关物理学中用比热容来表示物质的“吸热本领”这一特性（3）关于该实验下列说法正确的是BA烧杯中水和食用油的体积相等B烧杯中液体内能增加是通过热传递方式C 实验表明质量相同的不同物质，升温时吸收热量不同，加热时间不同D只能通过比较加热时间来比较吸热能力【考点】探究比热容的实验【分析】（1）实验需要测出物质的质量，据此选择实验器材；要准确控制吸收相同的热量，要选择易于控制的热源；用相同的加热器加热，在相等时间内物体吸收的热量相等，可以用加热时间的长短来比较物体吸收热量的多少；（2）根据控制变量法的要求分析表中实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论（3）根据V=比较水的体积与食用油的体积大小；根本内能的方式有：做功和热传递；酒精灯的火焰相同，吸收相同的热量；依据c=可知：在升高相同温度的情况下，所用时间的多少用时较多的，说明吸收的热量多，则比热较大【解答】解：（1）由热量公式Q=cmt可知，实验时需要测出水和煤油的质量，因此需要的实验器材是：天平；电热器易于控制产生热量的多少，因此为了准确地控制物体吸收热量的多少，应选用两个规格相同的电加热器作为热源（2）若比较物体吸收热量的多少还与物质种类有关，故需选用相同质量的不同物质进行比较即可，故分析1、3或2、4两次实验均可得出上述结论；同时我们物理学中用比热容来表示物质的“吸热本领”这一特性（3）A、根据控制变量法可知：烧杯中水和食用油的质量相等，由于水的密度比食用油的密度大，根据V=可知水的体积比食用油的体积小故A错误B、加热过程液体内能增加，是通过热传递方式完成，故B正确C、酒精灯的火焰相同，吸收相同的热量，则升温时吸收热量相同，加热时间相同故C错误D、加热相同的时间，说明吸收的热量相等，物体吸热多少是由加热时间决定的依据c=可知：在升高相同温度的情况下，则用时较多的吸收的热量多，则比热较大，故D错误故选B故答案为：（1）天平；两个规格相同的电加热器；（2）1、3（或2、4）；比热容；（3）B17如图甲是小明“探究并联电路电流特点”的实验电路图：（1）实验中，选择两个小灯泡的规格应该是不相同的（填“相同”或“不相同”）（2）小明同学在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是电流表正负接线柱接反了（3）在实验中，小明同学经过多次实验，他进行多次实验的目的是（填序号）寻找普遍规律 减小实验误差（4）小丽同学使用的小灯泡L1、L2铭牌分别为“3.8V 0.3A”、“1.5V 0.3A”，按甲图连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡L2强烈发光后很快就熄灭，而小灯泡L1的亮度不变原因是电源电压超过了小灯泡L2的额定电压1.5V，小于小灯泡L1的额定电压3.8V（或电源电压太高，或L2的额定电压太低了）请你帮她提出一个合理的改进意见电源电压不能超过两个灯泡的额定电压（或用一节干电池作为电源）【考点】探究串并联电路中的电流特点实验【分析】（1）实验中，为了使结果有代表性，应选用不同规格的灯泡做实验；（2）电流应从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电表指针反向偏转，根据图乙所示分析答题（3）解决此题要知道初中物理实验进行多次测量目的是什么，一是为了求平均值，提高精度，减小误差；二是为了寻找普遍规律（4）闭合开关，发现小灯泡L2强烈发光后很快就熄灭，而小灯泡L1的亮度不变说明小灯泡L2两端的电压超过了它的额定电压而被烧坏了灯泡两端的电压不能超过它的额定电压【解答】解：（1）为了使实验结果有代表性，应选用不相同规格的灯泡做实验；（2）由图乙所示电流表可知，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的（3）在“探究串联电路中电压规律”的实验中，多次测量是为了寻找普遍规律（4）小灯泡L1、L2铭牌分别为“3.8V 0.3A”、“1.5V 0.3A”，按甲图连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡L2强烈发光后很快就熄灭，而小灯泡L1的亮度不变原因是电源电压超过了小灯泡L2的额定电压1.5V小于小灯泡L1的额定电压3.8V，电源电压不能超过两个灯泡的额定电压，所以最好为1.5V（或用一节干电池作为电源）故答案为：（1）不相同；（2）电流表正负接线柱接反了；（3）；（4）电源电压超过了小灯泡L2的额定电压1.5V，小于小灯泡L1的额定电压3.8V（或电源电压太高，或L2的额定电压太低了）；电源电压不能超过两个灯泡的额定电压（或用一节干电池作为电源）18探究电流与电压的关系用到的实验器材有：电压表、电流表、三种不同规格的滑动变阻器（A：“10 1.5A”、B：“20 1A”、C：“50 1A”）、开关、新干电池三节、定值电阻的阻值是10、导线若干（1）小明连接成的电路如图所示，他连接的电路中存在连线错误，只需改动一根导线，即可使连线正确请在接错的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）排除故障后实验时，闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至A端，这样做可以起到保护电路的作用；此实验中滑动变阻器的另一个作用是“改变定值电阻两端的电压”，请你写出一种不用变阻器，也可以“改变定值电阻两端电压”的方法：改变电源电压（或改变干电池的节数）（3）小明在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值，如表所示：U/V1.02.03.0I/A0.10.20.3要测出表格中的实验数据，实验时所用的滑动变阻器规格为C（选填规格的编号即可）通过上表中的数据，我们可以得出：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比（4）在完成以上实验后，小明又测额定电压为2.5V的小灯泡的电流和电压，下列图象中反应小灯泡的电流和电压的关系正确的是B【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）滑动变阻器应采用“一上一下”的接法串联接入电路，电流表应串联在电路中，电压表与电阻并联，由此分析判断错误并改正；（2）连接电路时，为保护电路，开关应断开，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；改变被测电阻两端电压可以通过滑动变阻器，也可以通过改变电源电压（或改变干电池的节数）；（3）根据表中数据，用公式U=IR计算出电阻两端的电压；根据串联分压的知识，当定值电阻的阻值最大时，所需的滑动变阻器的阻值也最大，结合欧姆定律的知识计算变阻器应接入电路中的阻值，从而判断滑动变阻器的规格；分析表中数据得出实验结论（4）图象中表示出了电流与电压之间的变化关系，我们又知道灯丝的电阻会随着温度的升高而增大，因此这条线应该是一条曲线，而且它的弯曲方向应符合灯丝电阻的变化规律【解答】解：（1）由实物图可知，电流表与定值电阻并联了，电压表却串联在电路中，所以应该让电流表与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，修改的电路连接如图所示：（2）滑动变阻器的滑片P应置于最大阻值处，电路中的电流最小，则可以保护电路；改变被测电阻两端电压可以通过调节滑动变阻器改变电路中的电流来实现，也可以通过改变电源电压（或改变干电池的节数）；（3）由题可知，电源是新干电池三节，则电源电压U=1.5V3=4.5V，定值电阻的阻值是10；电路中电流最小为0.1A时，由表格数据可知，定值电阻两端的电压：UR=1V；滑动变阻器两端的电压：U滑=UUR=4.5V1V=3.5V；滑动变阻器接入电路中的阻值：R滑=3520，故选用的滑动变阻器的规格应为“50 1A”；根据表中数据可得出的结论是：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比（4）小灯泡与定值电阻不同之处是灯丝阻值会随着温度的升高而变大，其图象应是一条曲线，所以A错因为电流增大时，灯丝的温度会升高，灯丝的阻值会变大，选择电压U与电流I的对应点，根据欧姆定律得即可比较灯泡的阻值，通过观察图象的弯曲方向，C不符合电阻值随温度的升高而增大，只有B符合这一规律，故选B故答案为：（1）如上图所示；（2）保护电路；改变电源电压（或改变干电池的节数）；（3）C；导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；（4）B19某研究性学习小组设计了一种测定风力的装置，其原理如图甲所示迎风板与一压敏电阻Rx连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向，压敏电阻的阻值随风力的变化而变化已知电源电压恒为9V，定值电阻R=2，电压表量程为03V，压敏电阻Rx与迎风板承受风力F的关系如图乙所示（1）电压表示数随风力的增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）（2）求无风时，定值电阻R消耗的电功率； （3）求该装置所能测量的最大风力；（4）如果保持电压表量程不变，且只能在电路中增加一个电阻R0，使该装置能测量的最大风力增加到900N，计算电阻R0的阻值，并说明其连接方式【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）由甲电路图可知，R与Rx串联，电压表测R两端的电压，由图乙可知风力增大时Rx阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化；（2）由图乙可知无风时Rx的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出定值电阻R消耗的电功率；（3）当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表示数最大时电路中的电流，再根据欧姆定律求出压敏电阻的阻值，根据图乙可知该装置所能测量的最大风力；（4）该装置能测量的最大风力增加到900N时，电压表的最大示数不变，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用根据电路总电阻及串联电路特点判断接入的电阻接法并求出其阻值【解答】解：（1）由甲电路图可知，R与Rx串联，电压表测R两端的电压，由图乙可知，风力增大时，Rx的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I=可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，R两端的电压增大，即电压表的示数增大；（2）由图象可知，当无风时，电阻Rx=16，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.5A，定值电阻R消耗的电功率：PR=I2R=（0.5A）22=0.5W；（3）当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数UR=3V最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，Rx两端的电压：Ux=UUR=9V3V=6V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=1.5A，则压敏电阻的阻值：Rx=4，由图象可知，该装置所能测量的最大风力为720N；（4）当最大风力增加到900N时，Rx=1，保持电压表量程不变，则电路中的电流1.5A不变，此时电路中的总电阻：R总=6R0+Rx，应在电路中串联一个电阻R0，R0=R总RRx=621=3答：（1）增大；（2）无风时，定值电阻R消耗的电功率为0.5W； （3）该装置所能测量的最大风力为720N；（4）应在电路中串联一个3的电阻