九年级物理上学期10月月考试卷（含解析） 苏科版7

2016-2017学年江苏省泰州市高港实验学校九年级（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题1如图所示的用具中，属于费力的杠杆是（）A 剪子 B起子C钳子 D镊子2下列物理量不是用“比值法”定义的是（）A功率B机械功C比热容D热值3如图所示，用完全相同的滑轮组成甲、乙两种装置，分别将重1N的物体匀速提升相同的高度，滑轮重0.2N，不计摩擦和绳重，所用的拉力分别是F甲和F乙，机械效率分别是甲、乙，则（）A甲乙B甲乙CF甲F乙DF甲=F乙4如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）ABCD5如图所示的四种情景中，人对物体做功并使物体势能增大的是（）A工人推车，车没有动 B将箱子搬到桌上C举起杠铃不动 D滚动中的足球6小明和兴趣小组的同学们利用如图所示的装置探究斜面的机械效率，同学对实验过程和装置发表了下列不同的看法，其中正确的是（）A匀速拉动木块时，拉力与摩擦力是一对平衡力B斜面的机械效率与木块被拉动的距离是无关的C斜面的坡度越小，斜面的机械效率越大D匀速拉动时，木块要克服摩擦力做有用功7学校组织爬山比赛同学们在山脚的某一地点同时出发，结果小乐和小强同时到达山顶若想判断两人谁的爬山功率大，还需要测定的物理量是（）A爬山的时间B爬山的路程C两人的体重D山的高度8如图，OAB是杠杆，OA与BA垂直，在OA的中点挂一个10N的重物，加在B点的动力使OA在水平位置保持静止（杠杆重力及摩擦均不计），则（）A该杠杆一定是省力杠杆B该杠杆一定是费力杠杆C作用点在B点的最小动力等于5ND作用点在B点的最小动力小于5N9如图所示，已知人造地球卫星绕地球运行的轨道是椭圆形的，有一近地点和远地点，下面关于卫星的说法正确的是（）A当卫星从远地点向近地点运动时，速度变大B当卫星从近地点向远地点运动时，速度变大C当卫星在远地点时，动能最大，重力势能最小D当卫星在近地点时，动能最小，重力势能最大10如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，到A点处弹性绳自然伸直B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点（忽略空气阻力），下列说法正确的是（）A从O点到C点运动员速度一直减小B从O点到C点运动员的机械能一直在增大C从O点到C点运动员的机械能一直在减小D从O点到A点运动员的机械能不变11关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A物体的温度越高，所含的热量越多B温度越高的物体，内能越大C物体温度不变，它的内能一定不变D物体内能增加，不一定吸收热量12下列事例中不是利用“水的比热容较大”这一特性的是（）A汽车发动机用循环水冷却B在河流上建水电站，用水发电C让流动的热水流过散热器供暖D晚上向秧苗田里放水，以防冻坏秧苗二、填空题13如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图的握法更有利于拧紧或松开螺帽，原因是如图乙所示，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升这是由于旗杆顶部有一个滑轮，它能改变力的方向，但 （选填“能”或“不能”）省力，14搬运砖头的独轮车的有关尺寸如图所示，车箱和砖头总重G=1000N推车时，人手向上的力F=N，使用它可以（选填“省力”或“省距离”），生活中应用这个特点的杠杆还有（请举出一例）15小华用100N的力沿水平方向推重500N的物体做匀速直线运动，在10s内移动了5m，则物体的速度为m/s，小华做的功是J，功率是W16如图所示，用平行于斜面的拉力F，将重为8N的物体沿斜面从底端匀速拉至顶端若不考虑物体与斜面间的摩擦，则拉力F为N；若斜面的机械效率为80%，则此时拉力F为N若另一斜面的高度h与长度s之比为3：5，将重25N的物体匀速拉至顶端的拉力为18N，则该物体所受摩擦力为N17小明用如图所示的实验装置研究“杠杆的机械效率”实验时，将总重为G的钩码挂在轻质杠杆上，弹簧测力计作用于P点，现竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为h，弹簧测力计的示数为F，其移动的距离为S，则杠杆的机械效率=（用题中字母表示）若将弹簧测力计移动到Q点，仍将钩码匀速提升h的高度，设此时弹簧测力计的示数为F，杠杆的机械效率为，若不计转轴O处的摩擦，则：FF，（填“”、“=”或“”）18质量较大的喜鹊与质量较小的燕子在空中飞行，如果它们的动能相等，那么飞得较快；如果它们飞行高度相同，那么的重力势能较大19夏天，水泥马路的温度往往比湖水高得多，这是由于水的大为此，市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温，这是利用方式改变物体的内能，此过程中水的蒸发（选“属于”或“不属于”）分子运动；若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动，则该洒水车的动能将（选“增大”、“减小”或“不变”）20用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图象如图根据图象可知，甲液体的比热容乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20的乙液体吸收1.89105J的热量，乙液体的温度升高了（气压为一标准大气压）21甲、乙两种液体的质量之比为1：2，在升高相同的温度时，吸收的热量之比是1：1，则这种液体的比热容是三、解答题22根据要求完成下列作图（1）如图甲，在图中画出动力Fl的力臂以及作用于B点的阻力F2的示意图（2）如图乙所示，硬质杠杆AOB上挂一重物G，O为支点，请你在杠杆AOB上作出使重物在图示位置静止时的最小力F及力臂l（3）如图丙，人站在地面上将重物拉起，画出滑轮组绕线23如图所示，通过滑轮组用200N的拉力在20s内将重为480N的物体匀速提高2m，不计绳重和摩擦，求：（1）动滑轮重；（2）绳自由端的速度的大小；（3）滑轮组的机械效率；（4）当匀速提升600N重的物体时，滑轮组的机械效率24质量为20g的水，温度从10降低到0，但未凝固成冰，它放出的热量是多少？如果这些热量恰好使80g的某种固体温度从5刚好升高到0，这种固体的比热容多大？25在探究杠杆平衡条件的过程中（1）我们把支点放在质地均匀的杠杆中间，这样做的目的是；实验前支起杠杆，没有挂钩码时，杠杆右端下倾，为了使杠杆在水平位置平衡，则应将左端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，这样做的主要目的是：（2）实验时在左右两侧各挂如图1所示的钩码后，杠杆的端下降要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不改变钩码总数和悬挂点位置，只需将即可（3）同学们通过多次实验，得出如表数据，分析得出杠杆的平衡条件是，该结论最早是由古希腊的学者（填人名）总结出来的1234L1/m0.10.150.20.2F1/N0.50.51.52L2/m0.050.050.10.1F2/N11.534（4）小华是采用在杠杆两侧挂钩码的方法探究的，所以根据实验情况她得出的结论是：“动力指点到动力作用点的距离=阻力指点到阻力作用点的距离”在与同学交流时，小敏同学指出了她的错误，并利用如图2所示的装置，进行了一个简单的操作就帮助小华解决了困惑小敏的操作是（5）小丽还想探究当动力和阻力在杠杆同侧时杠杆的平衡情况，于是她将杠杆左侧的所有钩码拿掉，结果杠杆转至竖直位置，如图3所示小丽在A点施加一个始终水平向右的拉力F，却发现无论用多大的力都不能将杠杆拉至水平位置平衡你认为原因是（6）他们认为（2）问中拉力是做功的如果水平向右的拉力F大小不变，OA长L，将杠杆从竖直位置拉着转过30的过程中，拉力F做功为26交流与评估是科学探究的一个重要环节光明中学的同学，利用如图所示的实验装置完成了“测滑轮组机械效率”的实验以后，进行了小组交流，如表是各小组的实验数据记录：实验小组钩码重G（N）动滑轮G（N）拉力F（N）滑轮组的机械效率10.50.40.3547.6%20.50.40.3843.9%310.60.6253.8%410.80.7146.9%520.60.9868.0%620.81.0662.9%请你对表中各小组的实验数据进行分析比较，回答下列问题：（1）1、2两个小组的动滑轮重相同，提起的钩码重也相同，测出的滑轮机械效率却不同，原因不可能是下列的A滑轮的轮与轴间的摩擦力大小不同B测拉力时没有使测力计匀速上升C测拉力时拉力的方向没有竖直向上D钩码被提升的高度不同（2）分析3、4两组数据可以得出的结论是（3）分析3和两组数据可知：使用同一滑轮组所提物体越重，机械效率越高（4）分析表中数据可知，F，可能的原因是：27在探究“斜面的机械效率高低与斜面的倾斜程度有什么关系”的实验中，用沿斜面向上的力F拉动小车，使小车从斜面底端匀速运动到斜面顶端，如图所示多次改变斜面倾斜程度，部分实验数据记录在下面的表格中，根据表格中数据回答下列问题：斜面倾斜度小车重量G/N斜面高度h/m沿斜面拉力F/N斜面长s/m有用功W有/J总功W总/J斜面的机械效率较缓100.1311333.3%较陡100.2412450%最陡100.416（1）当斜面“最陡”时，沿斜面拉力为N；做的有用功为J；斜面的机械效率为%（2）通过对上述实验数据的分析，你认为斜面省力情况与斜面倾斜程度的关系是：斜面越陡，需要的拉力越（3）根据上面实验数据，你可以获得该实验探究的初步结论是：28为了模拟研究汽车超载和超速带来的安全隐患，小明同学设计了如图所示的探究实验：将A、B、C三个小球先后从同一装置高分别为hA、hB、hC的位置滚下（mA=mBmC，hA=hChB），推动小木块运动一段距离后静止请你根据生活经验和所学的物理探究方法，对以下问题进行判断：（1）用来研究超载安全隐患时，我们应选择两个图所示实验进行比较（2）用来研究超速安全隐患时，我们应选择两个图所示实验进行比较（3）从图中可以看出，A、B、C三个小球刚到达水平面时，球的动能最大；（4）实验中让静止的小球从斜面滚下，观察木块被推动的距离关于该实验的说法中，不正确的是A该实验的设计思路是采用转换法，用木块移动的距离来表示动能的大小B在实验器材的选择时，可以不考虑斜面的光滑程度，被撞木块的质量和软硬等因素C该实验研究的基本方法是控制变量法，如分别控制小球滚下的高度、小球的质量等D实验过程中，让同一小球从不同高度落下，目的是为了让小球获得不同的运动速度29在探究弹性势能跟哪些因素有关时，小明提出了如下猜想：猜想一：弹性势能的大小与弹簧被压缩的程度有关；猜想二：弹性势能的大小与弹簧的材料有关为此，小明选用材料不同的两根弹簧A和B（长度和粗细相同），小球、木块和长刻度尺各一个，设计了如图所示的实验装置进行探究实验中，木块起始位置相同最后得出如表实验记录表 实验次数使用的弹簧被压缩后弹簧的长度/cmcm木块移动的距离弹簧AA5s1弹簧AA8s2弹簧BB5s3弹簧BB8s4（1）由于弹性势能的大小不便用仪器测量，本实验把弹性势能的大小转换为测量木块移动的距离，这种研究方法叫转换法下列实验中用到此方法的是（填序号）探究“杠杆的平衡条件”探究“不同物质吸热升温属性”（2）请将探究猜想一的方案补充完整：将（“两根不同”、“同一根”）弹簧压缩（“相同”、“不同”）长度，放手后，小球被弹出，测出推动木块移动的距离进行比较（3）弹簧将小球弹开的过程中，是弹簧的弹性势能转化成小球的能（4）为了探究猜想二，可选用实验次数和的数据进行计较分析，若，说明弹性势能的大小与弹簧的材料有关30如图1所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验将质量相等的沙子和水分别装在易拉罐中，并测出沙子和水的初温然后用酒精灯加热并不断搅拌，每隔lmin记录一次温度实验记录如下表 加热时间/min01234温度/沙子2025293438水2021222324（1）实验中，加热时间实质上反映了（2）根据实验数据，在图2中画出沙子和水的温度随时间变化的图象（3）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是；若使两者升高相同的温度，则 吸收的热量较多通过大量类似实验，人们发现了物质的又一种物理属性，物理学将这种属性叫做2016-2017学年江苏省泰州市高港实验学校九年级（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题1如图所示的用具中，属于费力的杠杆是（）A 剪子 B起子C钳子 D镊子【考点】杠杆的分类【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、剪子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆故选D2下列物理量不是用“比值法”定义的是（）A功率B机械功C比热容D热值【考点】物理学方法【分析】比值定义法，就是在定义一个物理量的时候采取比值的形式定义；用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，比如速度、压强、功率、比热容、热值等等【解答】解：A、功率是功与时间的比值，用公式表示为P=，不合题意；B、机械功等与力与距离的成绩，用公式表示为W=Fs，没有用到比值法，符合题意；C、比热容是指单位质量的某种物质，在温度升高时吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比，用公式表示为c=，是采用的比值定义法，不合题意；D、热值是单位质量的某种燃料，在完全燃烧时放出的热量与其质量之比，用公式表示为q=，是采用的比值定义法，不合题意故选B3如图所示，用完全相同的滑轮组成甲、乙两种装置，分别将重1N的物体匀速提升相同的高度，滑轮重0.2N，不计摩擦和绳重，所用的拉力分别是F甲和F乙，机械效率分别是甲、乙，则（）A甲乙B甲乙CF甲F乙DF甲=F乙【考点】机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算【分析】（1）定滑轮不省力，而动滑轮省一半力；（2）总功等于有用功与额外功之和，根据=100%分析两装置的机械效率【解答】解：（1）甲图中，动滑轮省一半力，则F甲=（G+G动）=（1N+0.2N）=0.6N，乙图中，定滑轮不省力，则F乙=G=1N，所以，F甲F乙，故CD错误；（2）不计绳重与摩擦，使用定滑轮时没有额外功，而使用动滑轮时，要对动滑轮本身做额外功，由=100%=100%可知，甲乙，故A错误，B正确故选B4如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）ABCD【考点】滑轮（组）的机械效率【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式=100%判断出动滑轮的机械效率与物体重力G的关系【解答】解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率与物体重力G的关系并不成正比，故A正确符合题意故选：A5如图所示的四种情景中，人对物体做功并使物体势能增大的是（）A工人推车，车没有动B将箱子搬到桌上C举起杠铃不动D滚动中的足球【考点】力是否做功的判断；动能和势能的大小变化【分析】做功必须具备两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过距离判定有没有做功，就从是否具备这两个必要因素入手重力势能的影响因素是质量和高度，据此结合做功情况做出判断【解答】解：A、工人推车，车没有动，有力，但汽车没有在推力的作用下通过一段距离，故对汽车没有做功，势能也不变；B、将箱子搬到桌上，给箱子一个向上的力，箱子被搬起，通过了一段距离，故做了功，且高度增加，重力势能变大；C、举起杠铃不动，有力，但物体没有移动距离，因此没有力做功，势能也不变；D、滚动中的足球靠的是惯性向前运动，没有力作用在物体上，因此不做功，势能也不变故选B6小明和兴趣小组的同学们利用如图所示的装置探究斜面的机械效率，同学对实验过程和装置发表了下列不同的看法，其中正确的是（）A匀速拉动木块时，拉力与摩擦力是一对平衡力B斜面的机械效率与木块被拉动的距离是无关的C斜面的坡度越小，斜面的机械效率越大D匀速拉动时，木块要克服摩擦力做有用功【考点】斜面的机械效率【分析】（1）先对物体进行受力分析，再根据平衡力的条件进行分析；（2）根据斜面的机械效率公式=进行分析；（3）根据客服摩擦力所做的额外功变化比较分析；（4）在匀速拉动物块的过程中，克服重力做的功是有用功，除此之外，还需克服摩擦力做额外功【解答】解：A、物块在斜面上匀速运动时，沿斜面向上受到拉力作用，沿斜面向下受到摩擦力和重力沿斜面的分力作用，所以拉力和摩擦力不是平衡力，故A错误；B、因为斜面的机械效率为=，而木块匀速运动时，拉力F和物重G不变，h与S的比值也不变，所以不变，故B正确；C、斜面高度与物体重力相同时，斜面越长、坡度越小，摩擦力越大，克服摩擦力做额外功就越多，斜面的机械效率越低，故C错误；D、因为物体沿斜面上升时，要克服摩擦力做功，木块要克服摩擦力做额外功故D错误故选B7学校组织爬山比赛同学们在山脚的某一地点同时出发，结果小乐和小强同时到达山顶若想判断两人谁的爬山功率大，还需要测定的物理量是（）A爬山的时间B爬山的路程C两人的体重D山的高度【考点】功率大小的比较；功的计算【分析】（1）爬山时是克服自身的重力做功，人爬山做的功等于自身重力乘以山的高度，即W=Gh；（2）功率等于做的功除以做这些功所用的时间，即P=【解答】解：爬山比赛，克服人的重力做功，爬山功率P=，他们同时出发，结果又同时到达山顶，说明登山时间、爬山的高度是相同的，要比较功率还要知道二人的体重故选C8如图，OAB是杠杆，OA与BA垂直，在OA的中点挂一个10N的重物，加在B点的动力使OA在水平位置保持静止（杠杆重力及摩擦均不计），则（）A该杠杆一定是省力杠杆B该杠杆一定是费力杠杆C作用点在B点的最小动力等于5ND作用点在B点的最小动力小于5N【考点】杠杆的分类；杠杆中最小力的问题【分析】（1）由图可知，阻力臂是确定的，即图中支点O到重力作用点的距离，但我们只知道动力的作用点在B点，不知道动力的作用方向，所以也就不知道动力臂的大小，所以也就无法比较动力臂和阻力臂的大小关系，所以无法确定它是哪种杠杆（2）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力根据杠杆平衡条件求出最小的动力【解答】解：（1）因无法确定动力臂的大小，所以无法确定它是哪种杠杆，故A和B错误；（2）加在B点的动力F与OB垂直向上时，动力作用线和杠杆垂直，支点与动力作用点之间的连线OB就是最长的动力臂，此时动力最小因为C点是中点，所以OBOA=2OC根据杠杆的平衡条件FOB=GOC，此时的最小动力F=5N所以选项C错误，选项D正确故选D9如图所示，已知人造地球卫星绕地球运行的轨道是椭圆形的，有一近地点和远地点，下面关于卫星的说法正确的是（）A当卫星从远地点向近地点运动时，速度变大B当卫星从近地点向远地点运动时，速度变大C当卫星在远地点时，动能最大，重力势能最小D当卫星在近地点时，动能最小，重力势能最大【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）物体由于运动而具有的能叫做动能，动能大小与质量和速度有关；（2）物体由于被举高而具有的能叫做重力势能，重力势能与物体的质量和高度有关【解答】解：卫星在太空中飞行时，在近地点，速度最大，动能达到最大，重力势能达到最小；在远地点时，速度最小，动能最小，重力势能最大故选：A10如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，到A点处弹性绳自然伸直B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点（忽略空气阻力），下列说法正确的是（）A从O点到C点运动员速度一直减小B从O点到C点运动员的机械能一直在增大C从O点到C点运动员的机械能一直在减小D从O点到A点运动员的机械能不变【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】当重力大于弹性绳对运动员拉力时，运动员做加速运动；当弹性绳对运动员拉力大于重力时，运动员做减速运动【解答】解：根据题意可知，从O点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员拉力，因此速度越来越大；从B点到C点的过程中，弹性绳对运动员拉力大于重力，运动员的速度开始减小，到达C点时，速度为零；由于不计空气阻力，因此整个过程能量守恒故ABC都是错误的故选D11关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A物体的温度越高，所含的热量越多B温度越高的物体，内能越大C物体温度不变，它的内能一定不变D物体内能增加，不一定吸收热量【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）根据描述热量的物理术语进行判断（2）内能的大小与物体的质量和温度有关（3）当晶体熔化时，吸收热量，内能增加，但温度不变（4）改变内能的方式有两种，即做功和热传递，这两种方式是等效的【解答】解：A、热量是一过程量，描述它的术语只能用”吸收“和”放出“，不能用“含有”，故A错误B、内能还与质量有关，因此温度越高的物体，内能不一定越大，故B错误；C、物体温度不变，它的内能可能不变，也可能增加，例如：当晶体熔化时，吸收热量，内能增加，但温度不变，故C错误；D、要使物体的内能增加，不一定要吸收热量，因为也可以对物体做功故D正确故选D12下列事例中不是利用“水的比热容较大”这一特性的是（）A汽车发动机用循环水冷却B在河流上建水电站，用水发电C让流动的热水流过散热器供暖D晚上向秧苗田里放水，以防冻坏秧苗【考点】水的比热容的特点及应用【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析【解答】解：A、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故A错误；B、在较大的河流上建水电站，用水发电，是将水的动能转化为电能，故与比热容无关，故B正确；C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，故C错误；D、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，故D错误故选B二、填空题13如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图b的握法更有利于拧紧或松开螺帽，原因是动力臂更长如图乙所示，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升这是由于旗杆顶部有一个定滑轮，它能改变力的方向，但不能 （选填“能”或“不能”）省力，【考点】定滑轮及其工作特点；杠杆的应用【分析】（1）根据杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越长，动力越小，杠杆越省力（2）定滑轮实质上是一等臂杠杆，它的特点是：只能改变力的方向，而不省力【解答】解：（1）通过对比图a和b可知，对于同一螺帽，阻力和阻力臂是一定的，而b图中的动力臂要大于a图中的动力臂，所以b图所用动力更小（2）根据滑轮的轴固定不动的特点可知：旗杆顶部的定滑轮，它的使用特点是只能改变力的方向，而不能省力故答案为：b；动力臂更长；定；不能14搬运砖头的独轮车的有关尺寸如图所示，车箱和砖头总重G=1000N推车时，人手向上的力F=300N，使用它可以省力（选填“省力”或“省距离”），生活中应用这个特点的杠杆还有钢丝钳（请举出一例）【考点】杠杆的平衡条件；杠杆的应用【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可以求出作用在车把上竖直向上的力的大小；（2）结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：（1）由图可知，动力臂为0.3m+0.7m=1m，阻力臂为0.3m，由FL1=GL2可得，F1m=1000N0.3m，故F=300N；（2）因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；（3）生活中应用这个特点的杠杆有钢丝钳等故答案为：300；省力；钢丝钳15小华用100N的力沿水平方向推重500N的物体做匀速直线运动，在10s内移动了5m，则物体的速度为0.5m/s，小华做的功是500J，功率是50W【考点】速度公式及其应用；功的计算；功率的计算【分析】根据速度公式v=即可算出物体的速度；根据功的计算公式W=FS即可算出小华做的功；根据功率公式P=即可算出小华做功的功率【解答】解：物体的速度：v=0.5m/s；小华做的功：W=FS=100N5m=500J；小华的功率：P=50W故答案为 0.5，500，5016如图所示，用平行于斜面的拉力F，将重为8N的物体沿斜面从底端匀速拉至顶端若不考虑物体与斜面间的摩擦，则拉力F为4N；若斜面的机械效率为80%，则此时拉力F为5N若另一斜面的高度h与长度s之比为3：5，将重25N的物体匀速拉至顶端的拉力为18N，则该物体所受摩擦力为3N【考点】斜面的机械效率【分析】（1）不考虑物体与斜面间的摩擦，则用手做的功和用机械所做的功相等可由Gh=Fs求出拉力（2）已知有用功和机械效率，可由机械效率变形公式求出总功再由W总=Fs求出拉力（3）不考虑物体与斜面间的摩擦，由Gh=Fs求出拉力然后与实际施加的拉力比较即可求出物体与斜面之间的摩擦力【解答】解：（1）不考虑物体与斜面间的摩擦，由于使用任何机械都不省功，即W手=W机，即：Fs=Gh，则拉力F=4N；（2）用手做的有用功W有用=Gh=8N0.2m=1.6J，已知机械效率=80%，由=得，总功W总=2J，则由W=Fs得：拉力F=5N（3）使用另一斜面，若不考虑物体与斜面间的摩擦，由Gh=Fs可得：拉力F=15N，由于该物体受到摩擦力的作用，则实际拉力F=18N，所以摩擦力f=FF=18N15N=3N故答案为：4；5；317小明用如图所示的实验装置研究“杠杆的机械效率”实验时，将总重为G的钩码挂在轻质杠杆上，弹簧测力计作用于P点，现竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为h，弹簧测力计的示数为F，其移动的距离为S，则杠杆的机械效率=（用题中字母表示）若将弹簧测力计移动到Q点，仍将钩码匀速提升h的高度，设此时弹簧测力计的示数为F，杠杆的机械效率为，若不计转轴O处的摩擦，则：FF，=（填“”、“=”或“”）【考点】杠杆的机械效率【分析】（1）根据=表示出杠杆的机械效率；（2）根据杠杆平衡条件进行分析；通过分析有用功和额外功的变化得出机械效率的变化【解答】解：（1）杠杆的机械效率：=；（2）根据图示可知，将弹簧测力计移动到Q点时，阻力和阻力臂都不变，动力臂减小，由F1L1=F2L2可知，动力将增大，即FF；由于有用功和额外功均不变，则总功也不变，故机械效率不变，即=故答案为：；=18质量较大的喜鹊与质量较小的燕子在空中飞行，如果它们的动能相等，那么燕子飞得较快；如果它们飞行高度相同，那么喜鹊的重力势能较大【考点】势能的影响因素；动能的影响因素【分析】（1）物体的速度越大，质量越大，具有的动能就越大；运动速度相同的物体，质量越大，它的动能也越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度质量越大，高度越高，重力势能越大【解答】解：（1）动能与质量和速度有关，喜鹊与燕子动能相等，喜鹊的质量大，燕子的质量小，所以燕子的速度较快（2）高度相同时，物体的质量越大，重力势能越大，喜鹊的质量大于燕子的质量，高度相同，喜鹊质量大，所以重力势能大故答案为：燕子；喜鹊19夏天，水泥马路的温度往往比湖水高得多，这是由于水的比热容大为此，市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温，这是利用热传递方式改变物体的内能，此过程中水的蒸发属于（选“属于”或“不属于”）分子运动；若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动，则该洒水车的动能将减小（选“增大”、“减小”或“不变”）【考点】水的比热容的特点及应用；分子的热运动；动能和势能的大小变化；热传递改变物体内能【分析】因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；改变物体内能的方式有做功和热传递；动能的大小与物体的质量和物体的速度有关，质量越大、速度越大，物体的动能越大【解答】解：因为水的比热容较大，水泥的比热容比水小，吸收相同的热量（同样的阳光照射）水泥的温度变化大，升高的温度值大，所以水泥马路的温度比湖水高得多；洒水车向路面洒水降温，这是利用热传递方式改变物体的内能，此过程中水的蒸发属于分子运动；因为洒水车做匀速直线运动，所以洒水时速度不变，但洒水车的质量减小，洒水车的动能减小故答案为：比热容；热传递；属于；减小20用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图象如图根据图象可知，甲液体的比热容小于乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20的乙液体吸收1.89105J的热量，乙液体的温度升高了80（气压为一标准大气压）【考点】热量的计算【分析】（1）由图象可找出液体温度的变化与所用时间的关系，在相等时间内温度变化大的液体升温快；在相等的加热时间内，甲和乙吸热相同，温度变化大的液体比热容小，温度变化小的比热容大，据此分析判断；（2）知道水的质量、水的比热容、水吸收的热量，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸热后升高的温度【解答】解：（1）由图象可以看出：在相等时间内，液体甲温度变化量大，则甲液体温度升高较快；而两个加热器相同、加热时间相等时，两种液体吸收的热量相等，由公式Q吸=mct可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，温度升高快的液体比热容小，所以甲的比热容小，乙的比热容大；（2）根据Q吸=cm（tt0）得：t=+t0=+20=110100，乙液体的温度升高到100，t=10020=80故答案为：小于；8021甲、乙两种液体的质量之比为1：2，在升高相同的温度时，吸收的热量之比是1：1，则这种液体的比热容是2：1【考点】比热容的概念【分析】已知两种物质质量之比、升高温度之比和吸收热量之比，利用热量变形公式c=得到比热容之比【解答】解：因为Q=cmt，所以甲乙两种物质比热容之比：=2：1故答案为：2：1三、解答题22根据要求完成下列作图（1）如图甲，在图中画出动力Fl的力臂以及作用于B点的阻力F2的示意图（2）如图乙所示，硬质杠杆AOB上挂一重物G，O为支点，请你在杠杆AOB上作出使重物在图示位置静止时的最小力F及力臂l（3）如图丙，人站在地面上将重物拉起，画出滑轮组绕线【考点】力臂的画法；力的示意图；滑轮组的设计与组装；杠杆中最小力的问题【分析】（1）先确定阻力作用点（即B点），然后过阻力作用点表示阻力的方向（即竖直向上）；已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段（即力臂）（2）首先明确杠杆的相关要素，再考虑要想使力最小，就得使力臂最大，据此选择力作用的位置及方向，最后作图表示出来（3）可以先画出仅有的两种绕线方法，可以从定滑轮或动滑轮绕起，然后根据题意进行选择【解答】解：（1）过B点作竖直向上的力（即阻力F2）；过支点O作垂直于动力作用线的垂线段（即动力臂L1）如图所示：（2）图中O为支点，要使杠杆平衡且动力最小，就应该让力F作用在A点，并向左上方，然后由O点向力F的作用线做垂线，这就是最大的力臂如图所示：（3）由题意知，人站在地面上用滑轮组将重物提起，所以拉力方向应向下，确定拉力方向，然后顺次绕线，如图所示：23如图所示，通过滑轮组用200N的拉力在20s内将重为480N的物体匀速提高2m，不计绳重和摩擦，求：（1）动滑轮重；（2）绳自由端的速度的大小；（3）滑轮组的机械效率；（4）当匀速提升600N重的物体时，滑轮组的机械效率【考点】机械效率的计算；速度的计算；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率【分析】（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数n=3，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），据此求动滑轮的重力；（2）利用速度公式求物体上升的速度，绳自由端的移动速度等于物体上升速度的3倍；（3）知道拉力和提升的物体重，利用=求滑轮组的机械效率；（4）当匀速提升600N重的物体时，利用拉力F=（G+G动）求拉力，再利用=求此时滑轮组的机械效率【解答】解：（1）由图可知n=3，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动）可得，动滑轮的重力：G动=3FG=3200N480N=120N；（2）物体上升的速度：v物=0.1m/s，绳自由端的移动速度：v绳=nv物=30.1m/s=0.3m/s；（3）滑轮组的机械效率：=100%=80%；（4）当匀速提升600N重的物体时，拉力F=（G+G动）=240N；此时滑轮组的机械效率：=100%83.3%答：（1）动滑轮重为120N；（2）绳自由端移动的速度为0.3m/s；（3）滑轮组的机械效率为80%；（4）当匀速提升600N重的物体时，滑轮组的机械效率为83.3%24质量为20g的水，温度从10降低到0，但未凝固成冰，它放出的热量是多少？如果这些热量恰好使80g的某种固体温度从5刚好升高到0，这种固体的比热容多大？【考点】热量的计算【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用放热公式Q放=cmt求水放出的热量；（2）由题知固体吸收的热量Q吸=Q放，再利用Q吸=cmt求固体的比热容【解答】解：（1）水放出的热量：Q放=cmt=cm（t0t）=4.2103J/（kg）0.02kg（100）=840J；（2）由题知Q吸=Q放=840J，由Q吸=c固m固t固得固体的比热容：c固=2.1103J/（kg）答：水放出的热量为840J，如果这些热量恰好使80g的某种固体温度从5刚好升高到0，这种固体的比热容为2.1103J/（kg）25在探究杠杆平衡条件的过程中（1）我们把支点放在质地均匀的杠杆中间，这样做的目的是避免杠杆自重对实验的影响；实验前支起杠杆，没有挂钩码时，杠杆右端下倾，为了使杠杆在水平位置平衡，则应将左端的平衡螺母向左（选填“左”或“右”）调节，这样做的主要目的是：便于测量力臂（2）实验时在左右两侧各挂如图1所示的钩码后，杠杆的左端下降要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不改变钩码总数和悬挂点位置，只需将左侧2个钩码挂到右侧钩码下方即可（3）同学们通过多次实验，得出如表数据，分析得出杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2，该结论最早是由古希腊的学者阿基米德（填人名）总结出来的1234L1/m0.10.150.20.2F1/N0.50.51.52L2/m0.050.050.10.1F2/N11.534（4）小华是采用在杠杆两侧挂钩码的方法探究的，所以根据实验情况她得出的结论是：“动力指点到动力作用点的距离=阻力指点到阻力作用点的距离”在与同学交流时，小敏同学指出了她的错误，并利用如图2所示的装置，进行了一个简单的操作就帮助小华解决了困惑小敏的操作是沿倾斜方向拉动杠杆（5）小丽还想探究当动力和阻力在杠杆同侧时杠杆的平衡情况，于是她将杠杆左侧的所有钩码拿掉，结果杠杆转至竖直位置，如图3所示小丽在A点施加一个始终水平向右的拉力F，却发现无论用多大的力都不能将杠杆拉至水平位置平衡你认为原因是当杠杆在水平位置时，动力臂为零，杠杆无法平衡（6）他们认为（2）问中拉力是做功的如果水平向右的拉力F大小不变，OA长L，将杠杆从竖直位置拉着转过30的过程中，拉力F做功为FL【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）质地均匀的杠杆重心在中点，把支点放在中心，可以使杠杆自重的力臂为零，这样自身重力不影响杠杆平衡；杠杆和天平的平衡调节都遵循着“右偏左调，左偏右调”的原则，在水平位置平衡的目的，要从方便读力臂的角度考虑；（2）根据杠杆平衡条件是F1L1=F2L2进行分析解答；（3）杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2，是阿基米德提出的；（4）杠杆的平衡条件是：动力动力臂=阻力阻力臂，并根据力臂是从支点到力的作用线的距离进行判断（5）分析F作用下其力臂变化情况，根据杠杆的平衡条件找到原因；（6）分析并求出F在杠杆从竖直位置转过30的过程中F水平移动距离，根据W=Fs计算拉力F做的功【解答】解：（1）质地均匀的杠杆重心在中点，把支点放在中心，可以使杠杆自重的力臂为零，这样可以避免杠杆自重对实验的影响；根据“右偏左调”的原则，将平衡螺母向左调；钩码对杠杆的拉力是竖直向下的，在水平位置平衡时，力臂与杠杆重合，方便直接在杠杆上直接读出力臂大小（2）若每个钩码重为G，杠杆上每格长L，由图1，左侧力与力臂的乘积：5G4L=20GL，右侧力与力臂的乘积：2G3L=6GL，因为：20GL6GL，所以杠杆左端下降；如果不改变钩码总数和悬挂点位置，若要杠杆平衡，左侧取下n个钩码挂到右侧，则：（5n）G4L=（2+n）G3L，解得：n=2，即需将左侧2个钩码挂到右侧即可；（3）分析表中数据可知，杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2，该结论最早是由古希腊的学者阿基米德提出的；（4）杠杆的平衡条件是：动力动力臂=阻力阻力臂，力臂是从支点到力的作用线的距离，实验时只要将弹簧测力计沿倾斜方向拉动杠杆便可帮助小华解决了困惑；（5）由图将杠杆左侧的所有钩码拿掉，在A点施加一个始终水平向右的拉力F，当杠杆拉到水平位置时F的力臂通过支点，即力臂为0，根据杠杆的平衡条件所以始终不能平衡；（6）由图杠杆从竖直位置转过30的过程，F水平移动距离为OA长的一半，即s=L，所以拉力F做的功：W=Fs=FL=FL故答案为：（1）避免杠杆自重对实验的影响；左；便于测量力臂；（2）左；将左侧2个钩码挂到右侧钩码下方；（3）F1L1=F2L2；阿基米德；（4）沿倾斜方向拉动杠杆；（5）当杠杆在水平位置时，动力臂为零，杠杆无法平衡；（6）FL26交流与评估是科学探究的一个重要环节光明中学的同学，利用如图所示的实验装置完成了“测滑轮组机械效率”的实验以后，进行了小组交流，如表是各小组的实验数据记录：实验小组钩码重G（N）动滑轮G（N）拉力F（N）滑轮组的机械效率10.50.40.3547.6%20.50.40.3843.9%310.60.6253.8%410.80.7146.9%520.60.9868.0%620.81.0662.9%请你对表中各小组的实验数据进行分析比较，回答下列问题：（1）1、2两个小组的动滑轮重相同，提起的钩码重也相同，测出的滑轮机械效率却不同，原因不可能是下列的DA滑轮的轮与轴间的摩擦力大小不同B测拉力时没有使测力计匀速上升C测拉力时拉力的方向没有竖直向上D钩码被提升的高度不同（2）分析3、4两组数据可以得出的结论是物体重力一定，动滑轮越重的，机械效率越低（3）分析3和5两组数据可知：使用同一滑轮组所提物体越重，机械效率越高（4）分析表中数据可知，F，可能的原因是：滑轮与轮轴间有摩擦、绳子有重力【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）分析表中实验数据，根据实验数据找出影响滑轮组效率的因素；（2）应用控制变量法分析3、4小组实验数据，根据所控制的变量与实验现象，得出实验结论；（3）应用控制变量法分析3、5小组实验数据，根据所控制的变量与实验现象，得出实验结论；（4）从摩擦与绳重等方面分析答题【解答】解：（1）滑轮和轮与轴间的摩擦力大小不同；测拉力时没有使测力计匀速上升，都会造成测量的力不准确，从而使测出的滑轮组机械效率不同，而由=可知，滑轮组的机械效率与钩码被提升的高度无关，故选D；（2）通过分析3、4小组的数据可得出结论：物体重力一定，动滑轮越重的，机械效率越低；（3）通过分析3、5小组的数据可得出结论：使用相同的滑轮组，物体越重，滑轮组的机械效率越大高；（4）由于滑轮与轮轴间存在摩擦、缠绕滑轮组的绳子有重力，因此：F故答案为：（1）D；（2）物体重力一定，动滑轮越重的，机械效率越低；（3）5；（4）滑轮与轮轴间有摩擦、绳子有重力27在探究“斜面的机械效率高低与斜面的倾斜程度有什么关系”的实验中，用沿斜面向上的力F拉动小车，使小车从斜面底端匀速运动到斜面顶端，如图所示多次改变斜面倾斜程度，部分实验数据记录在下面的表格中，根据表格中数据回答下列问题：斜面倾斜度小车重量G/N斜面高度h/m沿斜面拉力F/N斜面长s/m有用功W有/J总功W总/J斜面的机械效率较缓100.1311333.3%较陡100.2412450%最陡100.416（1）当斜面“最陡”时，沿斜面拉力为6N；做的有用功为4J；斜面的机械效率为66.7%（2）通过对上述实验数据的分析，你认为斜面省力情况与斜面倾斜程度的关系是：斜面越陡，需要的拉力越大（3）根据上面实验数据，你可以获得该实验探究的初步结论是：斜面的机械效率随斜面的倾斜程度增大而增大【考点】斜面机械效率的测量实验【分析】（1）克服物体重力所做的功为有用功W有=Gh；拉力所做的功为总功W总=Fs；有用功与总功的比值是机械效率；（2）根据表中的第一列与第四列知：斜面越陡需要的拉力越大，斜面越缓需要的拉力越小；（3）实验目的是探究“斜面的机械效率高低与斜面的倾斜程度有什么关系”，从表中第一列与第八列的数据可知，斜面的机械效率随斜面的倾斜程度增大而增大【解答】解：（1）W有=Gh=10N0.4m=4J；由W总=Fs得F=；=；（2）分析表中数据得：斜面越陡需要的拉力越大；（3）分析表中第一列与第八列的数据可知，斜面的机械效率随斜面的倾斜程度增大而增大故答案为：（1）6；4；66.7；（2）大；（3）斜面的机械效率随斜面的倾斜程度增大而增大28为了模拟研究汽车超载和超速带来的安全隐患，小明同学设计了如图所示的探究实验：将A、B、C三个小球先后从同一装置高分别为hA、hB、hC的位置滚下（mA=mBmC，hA=hChB），推动小木块运动一段距离后静止请你根据生活经验和所学的物理探究方法，对以下问题进行判断：（1）用来研究超载安全隐患时，我们应选择甲丙两个图所示实验进行比较（2）用来研究超速安全隐患时，我们应选择甲乙两个图所示实验进行比较（3）从图中可以看出，A、B、C三个小球刚到达水平面时，C球的动能最大；（4）实验中让静止的小球从斜面滚下，观