高二物理下学期初.doc

高二物理学期初考试1.一个电容器，当所带电荷量为Q时，两极板间的电势差为U，如果所带电荷量增大为2Q，则( )(A)电容器电容增大为原来的2倍，两极板间电势差保持不变(B)电容器电容减少为原来的1/2，两极板间电势差保持不变(C)电容器电容保持不变，两极板间电势差增大为原来的2倍(D)电容器电容保持不变，两极板间电势差减少为原来的1/2答案C2.如图所示的电路，D1和D2是两个相同的小电珠，L是一个自感系数相当大的线圈，其电阻与R相同，由于存在自感现象，在电键S接通和断开时，灯泡Dl和D2先后亮暗的次序（ ）SLRD2D1A.接通时D1先达最亮，断开时D1后暗B.接通时D2先达最亮，断开时D2后暗C.接通时Dl先达最亮，断开时Dl先暗D.接通时D2先达最亮，断开时D2先暗答案A3.如图6所示，直线A为电源的路端电压U与电流I的关系图线，直线B是电阻R的两端电压U与电流I的关系图线，用该电源与电阻R组成闭合电路，电源的内电阻和电阻R分别是（ ）A2；1 B1；2 C0.5；1 D0.5；2答案C4.一个平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，两极板间有一正电荷(电荷量小)固定在P点，如图所示.以E表示两极板间的场强，U表示电容器两极板间的电压，W表示正电荷在P点的电势能.若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，那么( )(A)U变小，E不变(B)E变大，W变大(C)U变小，W不变(D)U不变，W不变答案AC5实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如右图中的虚线所示(a、b只受电场力作用)，则()Aa一定带正电，b一定带负电B电场力对a做正功，对b做负功Ca的速度将减小，b的速度将增大Da的加速度将减小，b的加速度将增大解析由于电场线方向未知，故无法确定a、b的电性，A错；电场力对a、b均做正功，两带电粒子动能均增大，则速度均增大，B、C均错；a向电场线稀疏处运动，电场强度减小，电场力减小，故加速度减小，b向电场线密集处运动，故加速度增大，D正确答案：D6.如图所示，有三个质量相等，分别带正电，负电和不 带电 的小球，从上、下带电平行金属板间的P点.以相同速率垂直电场方向射入电场，它们分别落到A、B、C三点，则 （ ）A带正电、B不带电、C带负电 B三小球在电场中运动时间相等C在电场中加速度的关系是aCaBaA D到达正极板时动能关系EAEBEC答案AC图17.在图1所示电路中，电源电动势为，内阻为，和是两相同的灯泡，当滑动变阻器触片由中点向端移动时，财( )A表示数变大，表示数变小B表示数变小，表示数变小C变亮，变暗D变暗，变亮【解析】：当滑动片从变阻器的中点向端移动时，电路总电阻变小，干路中电流变大，表示数变大。路端电压，变小，表示数变小， A正确。因路端电压U变小，灯所在支路的电阻又增大，通过灯的电流减小，灯亮度变暗；又因干路中电流增大，减小，通过的电流增大，灯亮度变亮， C正确。8电阻、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中。流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是 ( )A从到，上极板带正电B从到，下极板带正电C从到，上极板带正电D从到，下极板带正电【解析】：在N极接近线圈上端的过程中，通过线圈的磁感线方向向下，磁通量增大，由楞次定律可判定流过线圈的电流方向向下，即线圈下端相当于电源正极，故可知D正确。9.如右图所示，有一混合正离子束先后通过正交电场、磁 场区域和匀强磁场区域，如果这束正离子束在区域中不偏转，进入区域后偏转半径又相同，则说明这些正子具有相同的 () A.速度 B.质量 C.电荷量 D.比荷10. 在某地上空同时存在着匀强的电场与磁场，一质量为m的带正电小球，在该区域内沿水平方向向右做直线运动，如图6所示，关于场的分布情况可能的是()A该处电场方向和磁场方向重合 图6B电场竖直向上，磁场垂直于纸面向里C电场斜向里侧上方，磁场斜向外侧上方，均与v垂直D电场水平向右，磁场垂直于纸面向里解析：带电小球在复合场中运动一定受重力和电场力，是否受洛伦兹力需具体分析A选项中若电场、磁场方向与速度方向垂直，则洛伦兹力与电场力垂直，如果它们与重力的合力为0，小球就会做直线运动B选项中电场力、洛伦兹力都向上，若它们与重力的合力为0，小球也会做直线运动C选项中电场力斜向里侧上方，洛伦兹力向外侧下方，若它们与重力的合力为0，小球就会做直线运动D选项三个力的合力不可能为0，因此选项A、B、C正确答案：ABC11. （2011上海高考物理T20）如图，磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布。一铜制圆环用丝线悬挂于点，将圆环拉至位置后无初速释放，在圆环从摆向的过程中(A)感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针 (B)感应电流方向一直是逆时针(C)安培力方向始终与速度方向相反 (D)安培力方向始终沿水平方向答案：AD12、如图11420所示，一个带正电荷的物块m，由静止开始从斜面上A点下滑，滑到水平面BC上的D点停下来已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过B处时的机械能损失先在ABC所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D点停下来后又撤去电场，在ABC所在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D点停下来则以下说法中正确的是()AD点一定在D点左侧 BD点一定与D点重合CD点一定在D点右侧 DD点一定与D点重合解析：仅在重力场中时，物块由A点至D点的过程中，由动能定理得mghmgcos s1mgs20，即hcos s1s20，由题意知A点距水平面的高度h、物块与斜面及水平面间的动摩擦因数、斜面倾角、斜面长度s1为定值，所以s2与重力的大小无关，而在ABC所在空间加竖直向下的匀强电场后，相当于把重力增大了，s2不变，D点一定与D点重合，B项正确；在ABC所在空间加水平向里的匀强磁场后，洛伦兹力垂直于接触面向上，正压力变小，摩擦力变小，重力做的功不变，所以D点一定在D点右侧，C项正确答案：BC13原来都是静止的质子和粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为( )(A) (B)1:2(C) (D)1:114.如图9-2-8所示,A、B两个闭合线圈用同样导线制成,匝数均为10匝,半径rA=2rB,图示区域内有磁感应强度均匀减小的匀强磁场,则A、B线圈中产生的感应电动势之比为EA:EB= ,两线圈中产生的感应电流之比为IA:IB= .【解析】线圈中产生的感应电动势由法拉第电磁感应定律=n/t易知:A:B=1:1设每匝线圈单位长电阻为R0,则有RA=n2rAR0 RB=n2rBR0 ,从而【答案】1:1 1:215. 用游标卡尺测得该样品的长度如图甲所示，其示数L= mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图乙所示，其示数D= mm. 某同学对实验室的一个多用电表中的电池进行更换时发现，里面除了一节1.5V的干电池外，还有一个方形的电池（层叠电池），如图甲所示。为了测定该电池的电动势和内电阻，实验室提供了下列器材：A电流表G（滿偏电流10mA，内阻10）B电流表A（00.6 A3A，内阻未知）C滑动变阻器R（0100，1A）D定值电阻R0（阻值990）E开关与导线若干（1）请根据实验器材，自行设计电路画在方框乙中（2）丙图为该同学根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1-I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E V ，内阻r= 。答案：（1）30.35 3.2060.002（1）电路图 ；（2）9.0，10.016. 把一个电荷量为q5109 C的正电荷从距电场无穷远处移到电场中M点，电荷克服电场力做功WM6.0103 J，如果把该点电荷从距电场无穷远处移到电场中N点，电荷克服电场力做功WN3.6103 J取无穷远处为零电势点，求：(1)M、N点的电势是多少？(2)M、N点的电势差是多少？把该点电荷从M点移到N点电场力做功是多少？解析：(1)由题意可知，若将该电荷从M点和N点分别移到无穷远处，电场力应做正功，其值分别等于WM和WN，设O点为无穷远处，O0，则：(2)M、N两点电势差UMNMN4.8105 V点电荷从M点移到N点，电场力做功WqUMN51094.8105 J2.4103 J，电场力做正功答案：(1)1.2106 V7.2105 V(2)4.8105 V2.4103 J17.一束初速不计的电子流在经U =5000V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d =1.0cm，板长l =5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？解析：在加速电压一定时，偏转电压U越大，电子在极板间的偏转距离就越大。当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压。加速过程，由动能定理得： 进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上作匀速运动 l=v0t 在垂直于板面的方向上作匀加速直线运动，加速度： 偏转距离 能飞出的条件为 解式得：V 即要使电子能飞出，所加电压最大为400V。aQNMPbvR2R118如图所示，PQNM是由粗裸导线连接两个定值电阻组合成的闭合矩形导体框，水平放置，金属棒ab与PQ、MN垂直，并接触良好.整个装置放在竖直向下的匀强磁场中，磁感强度B=0.4T.已知ab长l =0.5m，以v=5m/s向右匀速运动 ，R1= R2=2，其余电阻均忽略不计，外力大小是多少？R1消耗的电热功率为多少？（不计摩擦）解析：等效电路如图12所示：R1R2Er图12产生的高压电感应电动势为：E=Bl v= 0.40.55=1V电阻R1，R2并联的总电阻为：R并=1由闭合电路的欧姆定律的：回路中的总电流为：I总=1 Aab的安培力为：F=BI总l =0.410.5=0.2Nab向右匀速运动，据平衡条件：外力与安培力等大反向。所以外力大小为0.2N根据并联电路的分流特点：R1通过的电流为：I1=1/2 A所以R1消耗的电热功率为：P 1= I12 R1=1/42=0.5W19、如下图，竖直平面坐标系xOy的第一象限，有垂直xOy面向外的水平匀强磁场和竖直向上的匀强电场，大小分别为B和E；第四象限有垂直xOy面向里的水平匀强电场，大小也为E；第三象限内有一绝缘光滑竖直放置的半径为R的半圆轨道，轨道最高点与坐标原点O相切，最低点与绝缘光滑水平面相切于N。一质量为m的带电小球从y轴上（y0）的P点沿x轴正方向进入第一象限后做圆周运动，恰好通过坐标原点O，且水平切入半圆轨道并沿轨道内侧运动，过N点水平进入第四象限，并在电场中运动（已知重力加速度为g）。（1）判断小球的带电性质并求出其所带电荷量；（2）P点距坐标原点O至少多高；（3）若该小球以满足（2）中OP最小值的位置和对应速度进入第一象限，通过N点开始计时，经时间小球距坐标原点O的距离s为多远？ 【解析】（1）小球进入第一象限正交的电场和磁场后，在垂直磁场的平面内做圆周运动，说明重力与电场力平衡，qEmg（2分）得（1分） 小球带正电。（1分）（2）小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，设匀速圆周运动的速度为v、轨道半径为r。有：（2分）小球恰能通过半圆轨道的最高点并沿轨道运动，有：（2分）由得：（2分）PO的最小距离为：（1分）（3）小球由O运动到N的过程中机械能守恒：mg2Rmv2mv（2分）由得：（1分）根据运动的独立性可知，小球从N点进入电场区域后，在x轴方向以速度vN做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，则沿x轴方向有：xvNt（2分）沿电场方向有：zat2（1分）（1分）t时刻小球距O点：（1分） 高二物理学期初考试答案1.答案C 2.答案A 3.答案C 4.答案AC 5答案： D 6.答案AC7. 答案A。C 8答案 D 9. A. D. 10.答案：ABC 11. 答案：AD 12、答案：BC13 1:2 14 【答案】1:1 1:215. 答案：（1）30.35 3.2060.002（1）电路图 ；（2）9.0，10.016.解析：)由题意可知，若将该电荷从M点和N点分别移到无穷远处，电场力应做正功，其值分别等于WM和WN，设O点为无穷远处，O0，则：(2)M、N两点电势差UMNMN4.8105 V点电荷从M点移到N点，电场力做功WqUMN51094.8105 J2.4103 J，电场力做正功17. 解析：在加速电压一定时，偏转电压U越大，电子在极板间的偏转距离就越大。当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压。加速过程，由动能定理得： 进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上作匀速运动 l=v0t 在垂直于板面的方向上作匀加速直线运动，加速度： 偏转距离 能飞出的条件为 解式得：V 即要使电子能飞出，所加电压最大为400V。18 解析：等效电路如图12所示：R1R2Er图12产生的高压电感应电动势为：E=Bl v= 0.40.55=1V电阻R1，R2并联的总电阻为：R并=1由闭合电路的欧姆定律的：回路中的总电流为：I总=1 Aab的安培力为：F=BI总l =0.410.5=0.2Nab向右匀速运动，据平衡条件：外力与安培力等大反向。所以外力大小为0.2N根据并联电路的分流特点：R1通过的电流为：I1=1/2 A所以R1消耗的电热功率为：P 1= I12 R1=1/42=0.5W19、【解析】（1）小球进入第一象限正交的电场和磁场后，在垂直磁场的平面内做圆周运动，说明重力与电场力平衡，qEmg（2分）得（1分） 小球带正电。（1分）（2）小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，设匀速圆周运动的速度为v、轨道半径为r。有：（2分）小球恰能通过半圆轨道的最高点并沿轨道运动，有：（2分）由得：（2分）PO的最小距离为：（1分）（3）小球由O运动到N的过程中机械能守恒：mg2Rmv2mv（2分）由得：（1分）根据运动的独立性可知，小球从N点进入电场区域后，在x轴方向以速度vN做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，则沿x轴方向有：xvNt（2分）沿电场方向有：zat2（1分）（1分）t时刻小球距O点：（1分）