2020版高考物理二轮复习 48分小题精准练6（含解析）

48分小题精准练(六)(建议用时：20分钟)(15小题为单选题，68小题为多选题)1对于教材或参考书上的一些图片，下列说法正确的是()A图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的B图乙中，两个影子在x、y轴上的运动就是物体的两个分运动C图丙中，小锤用较大的力去打击弹性金属片，A、B两球可以不同时落地D图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力大于所需要的向心力B题图甲中炽热微粒是沿砂轮的切线方向飞出的，但是由于重力及其他微粒的碰撞而改变了方向，选项A错误；题图乙中沿y轴的平行光照射时，在x轴上的影子就是x轴方向的分运动，同理，沿x轴的平行光照射时，在y轴上的影子就是y轴方向的分运动，选项B正确；无论小锤用多大的力去打击弹性金属片，两小球在竖直方向的运动是相同的，所以A、B两球总是同时落地，选项C错误；做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力等于所需要的向心力，选项D错误。2有一种灌浆机可以将某种涂料以速度v持续喷在墙壁上，假设涂料打在墙壁上后便完全附着在墙壁上，涂料的密度为，若涂料产生的压强为p，不计涂料重力的作用，则墙壁上涂料厚度增加的速度u为()A. B. C. D.B涂料持续飞向墙壁并不断附着在墙壁上的过程，速度从v变为0，其动量的变化缘于墙壁对它的冲量，以极短时间t内喷到墙壁上面积为S、质量为m的涂料(微元)为研究对象，设墙壁对它的作用力为F，涂料增加的厚度为h。由动量定理得Ftmv，又有mSh，所以p，涂料厚度增加的速度为u，联立解得u，选项B正确。3.(2019长春田家炳实验中学模拟)如图所示为一简易起重装置，AC是上端带有滑轮的固定支架，BC为质量不计的轻杆，杆的一端C用铰链固定在支架上，另一端B悬挂一个重力为G的重物，并用钢丝绳跨过滑轮A连接在卷扬机上。开始时，杆BC与支架AC的夹角BCA90，现使BCA缓缓变小，直到BCA30。在此过程中，杆BC所受的力(不计钢丝绳重力及一切阻力，且滑轮和铰链大小可不计)()A逐渐增大 B先减小后增大C大小不变 D先增大后减小C以结点B为研究对象，分析受力情况，作出结点B的受力分析图如图所示，根据平衡条件知，F、N的合力F合与G大小相等、方向相反。ABC与FBF合相似，根据三角形相似得，又F合G，解得FG，NG，BCA缓慢变小的过程中，AB变小，而AC、BC不变，则F变小，N不变，由牛顿第三定律知作用在BC杆上的力大小不变，故C项正确。4.分离同位素时，为提高分辨率，通常在质谱仪内的磁场前加一扇形电场。扇形电场由彼此平行、带等量异号电荷的两圆弧形金属板形成，其间电场沿半径方向。被电离后带相同电荷量的同种元素的同位素离子，从狭缝沿同一方向垂直电场线进入静电分析器，经过两板间静电场后会分成几束，不考虑重力及离子间的相互作用，则()A垂直电场线射出的离子速度的值相同B垂直电场线射出的离子动量的值相同C偏向正极板的离子离开电场时的动能比进入电场时的动能大D偏向负极板的离子离开电场时动量的值比进入电场时动量的值大D垂直电场线射出的离子，在电场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有Eqm，解得Eqrmv2，同位素的质量不同，所以垂直电场线射出的离子动能的值相同，速度不同，动量不同，A、B错误；偏向正极板的离子离开电场时克服电场力做功，动能比进入电场时的小，C错误；偏向负极板的离子离开电场时，过程中电场力做正功，速度增大，动量增大，故比进入电场时动量的值大，D正确。5.(2019天津模拟)如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中有垂直于纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，速度方向与半径OA成30角，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180，不计该点电荷的重力，下列说法正确的是()A该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点B该点电荷的比荷C该点电荷在磁场中的运动时间为tD该点电荷带正电B该点电荷在磁场中做匀速圆周运动，作出点电荷的运动轨迹如图所示。根据几何关系可知，点电荷在磁场中运动的时间刚好为，点电荷做圆周运动的轨迹半径为rRsin 30。点电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过O点，故A错误；根据洛伦兹力提供向心力，有qv0Bm，又r，所以，故B正确；该点电荷在磁场中运动的时间为t，所以C错误；根据点电荷在磁场中的偏转方向和左手定则可知，该点电荷带负电，故D错误。6.质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点，如图所示，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕轴AB以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()Aa绳的张力不可能为零Ba绳的张力随角速度的增大而增大C当角速度，b绳将出现弹力D若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化AC对小球受力分析可得，a绳的弹力在竖直方向的分力平衡了小球的重力，解得Ta，为定值，A正确，B错误；当Tacos m2l，即时，b绳的弹力为零，若角速度大于该值，则绳b将出现弹力，C正确；由于b绳可能没有弹力，故绳b突然被剪断，则a绳的弹力可能不变，D错误。7(2019四省八校双教研联盟联考)如图甲所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一匝数为n、面积为S、总电阻为r的矩形线圈abcd绕轴OO以角速度匀速转动，矩形线圈在转动中可以保持和外电路电阻R形成闭合电路，回路中接有一理想交流电流表。图乙是线圈转动过程中产生的感应电动势e随时间t变化的图象，下列说法正确的是()A从t1到t3这段时间内穿过线圈磁通量的变化量为2BSB从t3到t4这段时间内通过电阻R的电荷量为Ct3时刻穿过线圈的磁通量变化率为nBSD电流表的示数为AD根据题图乙可知，在t1时刻，产生的感应电动势为正向最大，穿过线圈的磁通量为零，在t3时刻，产生的感应电动势为负向最大，穿过线圈的磁通量为零，则从t1到t3这段时间内穿过线圈磁通量的变化量为2BS，选项A正确；匝数为n的线圈在匀强磁场中转动，从t3到t4这段时间t1t4t3内产生的感应电动势平均值n，产生的电流平均值，通过电阻R的电荷量qt1，穿过线圈磁通量的变化量为1BS，联立解得qn，选项B错误；在t3时刻，产生的感应电动势为负向最大，穿过线圈的磁通量为零，穿过线圈的磁通量变化率最大，由E0nnBS，得t3时刻穿过线圈的磁通量变化率为BS，选项C错误；感应电动势的有效值为E，电路中电流I，即电流表的示数为，选项D正确。8如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角的关系，将某一物体每次以不变的初速度大小v0沿足够长的斜面向上推出，斜面底边固定在水平地面上，调节斜面与水平方向的夹角，实验测得x与斜面倾角的关系如图乙所示，物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，根据图象可求出()A物体的初速度大小v06 m/sB物体与斜面间的动摩擦因数0.6C取不同的倾角，物体在斜面上能达到的位移x的最小值xmin1.44 mD当30时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑AC由图乙可知，当斜面的倾角为90时，x1.80 m，则由竖直上抛运动规律可知v2gx，解得v0 m/s6 m/s，当0时，x2.40 m，由动能定理可得mgxmv，解得，A正确，B错误；取不同的倾角时，根据动能定理得mgxsin mgcos x0mv，解得x m m，tan ，则37，当90，即53时sin()1，此时位移最小，xmin1.44 m，C正确；当30时，物体受到的重力沿斜面向下的分力Fmgsin 30mg，摩擦力fmgcos 300.75mgmg，因Ff，故小球到达最高点后，不会下滑，D错误。- 6 -