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专题13 欧姆定律一、单选题1如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为00.6A，电压表量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W0.9W电流表示数允许的变化范围为0.2A0.5A滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为1020电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8W3WA. 只有和 B. 只有和 C. 只有和 D. 只有和【来源】2018年山东省泰安市中考物理试题【答案】A当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中电流最小为：，则R1的最小功率为：，故电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W0.9W，正确；由的解答过程可知，电流表示数允许的变化范围为0.2A0.3A故错误电压表示数为3V时，电流为0.3A，此时滑动变阻器接入电路的最小电阻为：，故滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为1020，正确；电流最大时，最大功率为：；电流最小时，最小功率为：，电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W1.8W，故错误；故选A。2如图所示的电路中，小灯泡L1、L2规格相同，闭合开关S后，发现L1不亮，L2发光。此电路的故障可能是（ ）A. 灯 L1短路 B. 灯 L2短路C. 灯 L1断路 D. 开关 S 接触不良【来源】2018年山东省泰安市中考物理试题【答案】C故选C。3如图所示的电路中，电源电压恒为3V，灯泡L的电阻为10且保持不变。闭合开关S后，滑片P由b端向a端滑动的过程中，下列判断正确的是（ ）A. 灯泡L亮度变暗B. 电压表示数变大，电流表示数变小C. 电压表与电流表示数的比值变小D. 灯泡L的最大功率为0.9W【来源】山东省临沂市2018年中考物理试题【答案】DD、根据，当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯的电压为电源电压3V，并求出此时灯的最大功率。解答：AB、由图知，灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流；滑片P由b端向a端滑动的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B错误；根据可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故A错误；C、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于灯泡的电阻（且灯泡电阻不变），则该比值不变，故C错误；D、当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯泡的电压最大（等于电源电压3V），灯泡L的最大功率：，故D正确。故选：D。【点睛】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用。4如图所示的电路中，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10下列说法正确的是（ ）A. 通过电阻R1的电流为0.5AB. 电源电压为5VC. 电阻R1的阻值为15D. 若断开开关S2，电流表A1示数变大【来源】山东省临沂市2018年中考物理试题【答案】C解答：由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流：，故A错误；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得，电源的电压：，故B错误；电阻R1的阻值： ，故C正确。若断开开关S2，电流表A1只测量R2的电流，电流表A1示数变小，故D错误。故选：C。【点睛】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题。5已知R1R2=23,将它们接在如右图所示电源电压为12V的电路中，闭合S则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是A. I1I2 =32 U1U2 =11B. I1I2 =32 U1U2 =32C. I1I2 =23 U1U2 =11D. I1I2 =11 U1U2 =23【来源】湖南省邵阳市2018年中考物理真题【答案】A故选A【点睛】本题考查了并联电路的特点及欧姆定律的应用，是一道基础题。6在如右图所示的实验电路中，电源电压为3伏，L1、L2发光时的电阻均为5欧，下列说法错误的是A. 灯 L1、L2 是串联的B. 电流表的量程应选03AC. 电压表的量程应选03VD. 电压表测的是灯 L1两端的电压【来源】湖南省邵阳市2018年中考物理真题【答案】B【解析】分析：首先把电压表去掉，分析电路的连接方式，然后判断电压表所测的电路，最后再根据欧姆定律和串联电路的特点判断电流表和电压表的量程；解答：根据电路图可以看出灯 L1、L2 是串联的，A选项正确；电压表并联在L1两端，测的是灯 L1两端的电压，故D选项正确；因为电源电压为3伏，所以电压表的量程应选03V，故C正确；因为L1、L2发光时的电阻均为5欧，串联在一起，总电阻，根据，电流表的量程应选00.6A，故B错误。故选B【点睛】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律公式的应用，计算过程要细心。7如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于变阻器的B端时，电压表的示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为36J；当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V下列结果正确的是（）A. R1先后两次消耗的电功率之比为3：4B. 滑动变阻器R2的最大阻值为10C. 电源电压为10VD. R1的阻值为20【来源】【全国市级联考】2018年四川省达州市中考物试题【答案】B动变阻器两端的电压（电压表的示数）：U24V，：可得：，解得R1R2，将代入：6V，可得电源电压：U12V，故C错误；当滑片滑到B端时，R1两端电压为：U1UU212V6V6V；由Qt36J可得：R110s10，故D错误；因R2R1，所以变阻器R2的最大阻值为10，故B正确；滑片在中点时，R1两端的电压为U1UU212V4V8V，则R1先后两次的电压之比为：，由P可得R1先后两次消耗的电功率之比：，故A错误。故选：B点睛：由电路分析可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到B点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得R1与R2最大值之间的关系及电源的电压； 由功率公式可求得R1的阻值，则可求得R2的最大阻值；最后由功率公式分别求得R1先后两次消耗的电功率，即可求得比值。8如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，下列判断正确的是（）A. 电压表V1示数与电流表A的比值变大B. 电压表V2示数与电流表A的比值不变C. 电压表V1示数的变化量大于电压表V2示数的变化量D. 电压表V1示数的变化量小于电压表V2示数的变化量【来源】【全国市级联考】2018年四川省达州市中考物试题【答案】D表V1与电流表A的比值为R1，所以电压表V1与电流表A的比值不变，故A错误；由R0与R1的电阻不变和UIR可知，R0和R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；因电压表V2的示数变大，电流表的示数变小，所以，电压表V2示数与电流表示数的比值变大，故B错误；（2）设滑片移动前后电路中的电流为I、I，电压表V1示数的变化量：UV1U1U1IR1IR1（II）R1IR1，电压表V2示数的变化量：UV2U滑U滑UI（R1+R2）UI（R1+R2）（II）（R1+R2）I（R1+R2）因|IR1|I（R1+R2）|，所以，电压表V1示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值，故C错误，D正确。故选：D。点睛：由电路图可知，R0与R1、滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0与R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，然后判断电压表V1与电流表A的比值变化以及电压表V2示数与电流表示数的比值的变化；（2）根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出两电压表示数的变化量，然后比较两者的绝对值得出答案。9甲乙两地相距30km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电线的电阻与其长度成正比，现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，甲地检修员先用如图所示的测量仪接入AB时，电流表的示数为0.2A，乙地检修员后用相同的测量仪接人CD时，电流表的示数为0.3A则短路位置离甲地（）A. 18km B. 15km C. 12km D. 10km【来源】【全国市级联考】2018年四川省达州市中考物试题【答案】A点睛：根据欧姆定律可计算电路中的电阻，进一步计算短路位置离甲地的距离。10如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=48，闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）A. 要使电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会减小1VB. 小灯泡L的最小实际电功率为0.6WC. 当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D. 当滑片P移到最右端时，通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J【来源】2018年山东省枣庄市中考物理试题【答案】DI0.2A，则小灯泡L的最小实际电功率：PL小I2RL（0.2A）2120.48W，故B错误；通电10s滑动变阻器消耗的电能： WRI2Rt（0.2A）24810s19.2J，故D正确；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，电路中的电流：IA，此时灯泡的实际功率：PL（I）2RL（A）2121.33W3W，所以，此时灯泡不能正常发光，故C错误。故选：D。11在如图所示的电路中，闭合开关，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A. 电流表的示数变小，电压表的示数变大B. 电流表的示数变大，电压表的示数变小C. 电流表的示数不变，电压表的示数不变D. 电流表的示数变小，电压表的示数不变【来源】2018年山东省枣庄市中考物理试题【答案】C【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压，由于电源电压不变，故电压表示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，由于灯泡两端的电压和灯泡的电阻都不变，故通过灯泡的电流不变，即电流表示数不变；故C正确。故选：C。 点睛：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据灯泡两端的电压和电阻可以知道电流表示数的变化。12如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1和L2都正常发光，甲、乙两个电表示数之比为4：3此时灯L1和L2的电阻之比为（）A. 1：3 B. 3：1 C. 3：4 D. 4：3【来源】【全国市级联考】2018年四川省攀枝花市中考物理试题【答案】A点睛：根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比。13如图所示，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（）A. 电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数不变B. 电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数变大C. 电流表的示数变小，电压表V1的示数变大，V2的示数变小D. 电流表的示数变大，电压表V1的示数不变，V2的示数变小【来源】【全国市级联考】2018年四川省攀枝花市中考物理试题【答案】B点睛：分析电路的连接及两电压表测量的电压和电流表测量的电流：（1）分析当滑动变阻器滑片P向右移动时，确定R2变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化；（2）根据欧姆定律的变形公式UIR，分析R1的电压变化；根据串联电路电压的规律确定电压表V1变化。14如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻阻值5，滑动变阻器R的最大阻值50，闭合开关S，移动滑片P的过程中，下列说法正确的是（ ）A. 若滑片P向左移，电流表的示数变小B. 电压表与电流表的比值不变C. 滑动变阻器允许的调节范围是2.550D. 电流表的变化范围是0.3A0.6A【来源】【全国市级联考】2018年四川省广安市中考物理试题【答案】D【解析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）若滑片P向左移动，接入电路中的电流变小，电路中的总电阻变小，由I 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；（2）由R 可知，电压表与电流表的示数比值等于滑动变阻器接入电路中电阻，则滑片移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻发生变化，电压表与电流表的示数比值变化，故B错误；（3）当电流表的示数I大0.6A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，定值电阻的功率最大，此时电路中的总电阻：R总 7.5，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小R总R7.552.5，定值电阻消耗的最大功率：PR大I大2R（0.6A）251.8W；当电压表的示数U滑3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，定值电阻的电功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：URUU滑4.5V3V1.5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I小 0.3A，故电流表的变化范围是0.3A0.6A。滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑大 10，则滑动变阻器的阻值变化范围为2.510，故C错误，D正确；故选：D。点睛：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；（2）根据欧姆定律结合滑动变阻器的阻值确定电压表与电流表的示数比值的变化；（3）当电流表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，定值电阻的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用PI2R求出定值电阻消耗的最大功率；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，定值电阻的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出答案。15如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）A. 灯泡L变暗 B. 电压表示数变小C. 电流表A1示数变大 D. 整个电路消耗的总功率变小【来源】【全国市级联考】2018年四川省广安市中考物理试题【答案】D【解析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，故A错误；当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I 可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故C错误；由PUI可知，整个电路消耗的总功率变小，故D正确。故选：D。点睛：由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据PUI可知电路总功率的变化。16如图，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，R1是定值电阻。闭合开关，逐渐增大光敏电阻上的光照强度，电表示数变化情况是（）A. 电流表示数变小，电压表示数变大B. 电流表示数变大，电压表示数变小C. 电压表和电流表示数的比值将变小D. 电流表和电压表示数均变大【来源】【全国市级联考】2018年山东省聊城市中考物理试题【答案】D点睛：（1）分析电路的连接及电表测量的量，根据已知条件分析R减小，由电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律，确定电路电流变化；根据UIR分析R1的电压变化，根据串联电路电压的规律，R的电压即电压表示数变化；（2）由欧姆定律分析电压表和电流表示数的比值变化。17如1图所示，电源电压保持不变，闭合开关时，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如2图所示，下列说法不正确的是（ ）A. 电源电压是9VB. 定值电阻R的阻值是6C. 滑动变阻器的阻值范围是018D. 若定值电阻R出现接触不良时，电流表示数为0，电压表示数为9V【来源】广东省2018年中考物理试题【答案】C【解析】A. 如图当滑片到b端时，只有定值电阻接入电路工作，此时电压表的示数即为电源电压，图2知，最大示数为9V，即电源电压是9V，故A正确；B. 图2知，当定值电阻两端为9V时，电流为1.5A，所以定值电阻R的阻值是：，故B正确；C. 根据图2，当电压表示数为3V时，电流为0.5A，根据串联电路的分压特点，得滑动变阻器两端的电压为：，所以滑动变阻器的最大阻值为：，故滑动变阻器的阻值范围是012，故C错误；D. 若定值电阻R出现接触不良时，即电路断路时，电流表示数为0，此时电压表串联在电路中，能测出电源电压，所以电压表示数为9V，故D正确；故C错误，符合题意。18以下物理规律无法用实验直接验证的是（ ）A. 牛顿第一定律 B. 欧姆定律 C. 光的反射定律 D. 焦耳定律【来源】广东省2018年中考物理试题【答案】A【解析】A. 牛顿第一定律指物体不受力时，将保持静止或匀速直线运动状态，而在实际当中，物体是不可能不受力的，所以无法直接验证，只能经过实验，然后推理而得，故A符合题意；B. 欧姆定律，分别用电压表和电流表测出电压和电流，分析实验数据可得结论；C. 光的反射定律，能用硬纸板通过实验来研究反射光线、入射光线、法线的规律特征，即可以实验验证；D. 焦耳定律，利用控制变量法分别研究电流、电阻、通电时间与产生热量多少的关系，可验证焦耳定律；故选A。19巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小，图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，如果闭合S1、S2，滑片P向左移动时，电表的变化情况是A. 表和表示数均变小B. 表和表示数均变大C. 表示数变小，表示数变大D. 表示数变大，表示数变小【来源】湖南省衡阳市2018年中考物理试题【答案】D【解析】闭合S1、S2，滑片P向左移动时，电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性变强，所以巨磁电阻的阻值变小，根据串联电路的电压规律可知，其两端的电压变小即电压表的示数变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表的示数变大，故D正确，所以答案为D.20如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向b端移动，则在移动过程中（ ）A. 电压表V的示数变小，电流表A1的示数变大B. 电压表V的示数不变，电流表A2的示数变小C. 电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小D. 电压表V的示数与电流表A1和A2的示数差的比值不变【来源】2018年四川省遂宁市中考物理试题【答案】C【解析】分析：由图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A2测通过定值电阻R1的电流，电流表A1测干路中的总电流，电压表与定值电阻并联在电路中；并联电路两端电压等于电源电压，从而可以判断出电压表示数的变化；首先判断出滑动变阻器的滑片P向b移动时，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判断出通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路电流特点判定干路电流的变化；根据各表的示数变化情况判定比值和乘积的大小。由于R1两端的电压不变，所以R1的电流保持不变，即电流表A2的示数不变，根据并联电路的电流特点可知，干路中的电流减小，即A1的示数变小；故AB错误；C、电压表V的示数不变，电流表A1的示数变小，则电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小，故C正确；D、电流表A1和A2的示数差为通过滑动变阻器的电流，由欧姆定律可知，电压表V的示数与电流表A1和A2的示数差的比值为滑动变阻器的电阻，其电阻变大，则该比值变大，故D错误。故选：C。【点睛】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是能把比值问题转化为阻值问题来处理，这样就可以减小问题的复杂性。21下面是小明整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是（ ）A. 丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸失去了电子B. 由欧姆定律可知，导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比C. 磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极D. 安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且接在火线上【来源】2018年四川省遂宁市中考物理试题【答案】D【解析】分析：（1）当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的物体得到电子而带负电；束缚电子能力弱的物体失去电子而带正电；（2）电阻是导体阻碍电流的性质，其大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；（3）磁感线是为了形象的描述磁场而画出的，是封闭的曲线，在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极；（4）为了有效的控制用电器，需要将用电器和开关串联；开关应接在火线和用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全。解答：A、丝绸与玻璃棒摩擦过程中，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子带负电，故A错误；B、由欧姆定律可得，利用该公式可以计算导体的电阻，但导体电阻大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；不能说成：导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比，故B错误；C、在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极，故C错误；D、安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且开关接在火线与用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全，故D正确。故选：D。【点睛】本题考查了摩擦起电、电阻特性、磁感线的方向以及开关的连接方法，要求认真审题，易错题！22如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（ ）A. 电流表示数变小 B. 电流表示数变大C. 电压表示数变小 D. 电压表示数不变【来源】【全国市级联考】2018年四川省自贡市中考物理试题【答案】B点睛：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化和定值两端的电压变化。23甲图是灯泡L和定值电阻R的I-U图象，将L和R先后以乙图和丙图两种方式连在同电源上，若乙图中UL:UR=m，丙图中，IL：IR=n,则下述正确的是:A. m=n B. mn C. mn D. mn=1【来源】【全国市级联考】湖南省娄底市2018年中考物理试题【答案】D甲可知,RL乙小于RL丙，所以 ,即m.所以mn P1【来源】2018年河北省初中毕业生升学文化课考试（中考）物理【答案】BDB、先闭合开关S1，R1、R2和滑动变阻器R3串联，总电阻为三者之和，再闭合S2时，R2和滑动变阻器R3被电流表a短路，根据可知，电路中的总电流变大，故B正确；C、只闭合S1时，R1、R2和滑动变阻器R3串联，滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理知，R3两端电压变小，R2两端电压变大，再根据串联电路的电流特点，就可知道R2两端的电压变化量与电流变化量比值不变，再根据电功率公式可知，R2两端的电压变化量与电流变化量的乘积等于其电功率的变化量，故C错误；D、 开关均闭合，R2和滑动变阻器R3被电流表a短路，电路的总功率为，由A可知，c原来是是电压表，现换成电流表，再闭合S1、S2，电路变成了R1、R2和滑动变阻器R3并联，总电阻小于R1，再根据公式可知P2 P1，故D正确；根据以上分析故选BD【点睛】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，解题的关键是正确分析开关在不同状态下电路的连接方式和电表作用的判断。28如图甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过种中，R2消耗的电功率P与其两端电压U的关系图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）A. R1的阻值为20B. R2的最大阻值为50C. 电源电压为6VD. 该电路消耗的最大电功率为0.9W【来源】山东省威海市2018年初中学业考试（中考）物理试题【答案】BC当R2的电压5V时，功率为0.5W，电流又为：；根据电源电压不变得：，解得：，故A错误；电源电压为：，故C正确； R2的最大阻值为，故B正确；当滑动变阻器滑片位于最左端时，只有R1接入电路工作，此时功率最大，所以该电路消耗的最大电功率为：，故D错误；故选BC。点睛：重点是欧姆定律和电功率的计算，关键是根据乙图中的两次功率求出两次的电流，再根据电源电压不变列出关系式，解得R1和电源电压，然后根据相关公式可判断其它选项的正确与否。三、实验题29小芳想了解当滑动变阻器与电阻并联时，调节滑片，电阻两端的电压及电路中的电流怎样改变。（1）实验电路图如图所示，请在图中连接对应的实物图。（2）改变滑动变阻器接入电路的阻值，记录数据如下表。根据表中数据在图的坐标系中画出电阻R的U-I图线。 （3）某次实验电压表和电流表A1的示数如图所示，U=_V，I1=_A，I2=0.90A，此时通过滑动变阻器的电流为_A。（4）此电路不允许滑动变阻器接入电路的阻值为零，原因是_。【来源】广东省广州市2018年中考物理试题【答案】 1.50 0.10 0.80 滑动变阻器接入电路的阻值为零时，定值电阻R被短路，此时电流直接从电源正极流向负极，发生电源短路【解析】有电路图可以看出R与滑动变阻器并联电压表测R两端的电压，电流表A1测R所在支路的电流，A2测干路上的总电流，所以连接实物图如下：（2）将表格中U和I2的对应点分别找出，然后连接即可作图如下：30某物理兴趣小组利用图甲所示实验电路图同时测量电源电压U0的大小和电阻Rx的阻值，电源电压U0约为2V3V，Rx的阻值约为67实验室提供如下器材：导线若干、开关、电流表（量程00.6A，03A）、电压表（量程03V，015V）、滑动变阻器R（最大阻值为30）。请你思考完成下列问题：（1）按照图甲用笔画线代替导线，连接好图乙中的实物图_。（2）用物理量U0、Rx、电流表的示数I写出表示电压表示数U大小的关系式：U=_。（3）正确连接电路后，闭合开关前应使滑动变阻器连入电路的阻值为_（选填“最大”或“零”）；移动滑动变阻器的滑片，读出4组电流表和电压表示数，分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，在坐标纸上描点，把这4个点连接起来大致为一条直线（并虚线延长到纵轴），如图丙所示。从图丙中信息可求得：电源电压U0=_V，电阻Rx=_。【来源】2018年山东省泰安市中考物理试题【答案】 U0IRx 最大 3 6（2）用物理量U0、Rx、电流表的示数I写出表示电压表示数U大小的关系式：根据得，Rx两端的电压为：，根据串联电路总电压等于各部分电压之和得电压表的示数为：；（3）正确连接电路后，根据保护电路的原则，闭合开关前应使滑动变阻器连入电路的阻值为最大，则闭合开关后，电流最小，对电路起到保护作用。 根据，将坐标中任意两组数据代入式子可得：；联合两式解得：，。点睛：关键是欧姆定律的应用，有一定难度，最后一问根据坐标图任意找出两个标点的数据，列出电源电压的关系式，即可解出答案。31在“探究电流与电压的关系”实验中：（1）请用笔画线代替导线，将甲图中电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大_（连线时导线不允许交叉）；（2）正确连接好电路后，闭合开关发现电压表示数为2.8V，电流表无示数，滑动滑片P两表示数均无变化，则故障原因是_；（3）小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如乙图所示，此时通过电阻的电流为_A若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向_（选填“A”或“B”）端移动；（4）实验中测得多组数据，绘制出电阻R的IU图象如图丙所示：由图象可得电流与电压的关系是_；本实验所用电阻的阻值为_。【来源】山东省临沂市2018年中考物理试题【答案】 电阻断路 0.12 B 电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比 5（3）由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数；根据分压原理，判断电压的变化，再确定滑滑片移动的方向。（4）根据实验所得数据，绘制出如图丙所示的U-I图像，根据图像可得出“电流与电压关系”的结论；根据算出电阻。解答：（1）滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大即远离下接线柱，故接左下接线柱，如下图所示：（2）闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数为2.8V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了，此时电压表串联在电路中测电源电压；（3）图中电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.12A；根据串联电路的分压作用，若要增大电阻两端的电压，应将最大滑动变阻器的电阻，滑片P向B端移动；（4）据图像可得出“电流与电压关系”的结论是：电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比。由图像知，当电压为0.5V是电流为0.1A，则定值电阻的阻值为： 故答案为： (1). (2). 电阻断路 (3). 0.12 (4). B (5). 电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比 (6). 5【点睛】本题是探究“导体中电流跟电阻的关系”的实验，考查了电路连接、故障分析、电表读数、数据分析等，考查全面，难度不大，这个实验是常考题，能灵活运用控制变量是关键。32有一实验小组用伏安法测量小灯泡的电阻，电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5V。（1）请用笔画线代替导线，完成如图甲实物电路的连接_。（要求：连线不要有交叉）（2）检查电路连接无误后，闭合开关，灯泡不亮，电压表有示数，电流表示数为零。导致这一现象的原因可能是_。（选填序号）A电压表断路 B小灯泡断路 C滑动变阻器断路 D电压表短路（3）故障排除后，闭合开关，当滑动变阻器滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向_移。（选填“左”或“右”）（4）通过移动滑动变阻器滑片P记录了多组数据，并作出了如图丙所示的IU图象。由图可知小灯泡正常发光时的电阻为_。【来源】湖南省邵阳市2018年中考物理真题【答案】 B 右 12.5【解析】分析：（1）电流表、灯泡、滑动变阻器、开关串联接入电路；滑动变阻器的接法为“一上一下”。（2）常见的电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因；（3）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；（4）从图像上找到额定电压对应的点，读出对应的电流，利用计算出电阻。解答：（1）滑动变阻器的接法为“一上一下”，电路图如图所示：（4）由图像知，当灯的电压是2.5V时，对应的电流值为0.2A，小灯泡正常发光时的电阻为。故答案为：(1). (2). B (3). 右 (4). 12.5【点睛】本题考查了测量电阻的实验中电路故障的判断、电压表的读数、及电阻的计算，同时还考查了学生对图像的分析和处理能力。本实验需要注意灯丝的电阻随温度的变化而变化。33图甲为“探究电流与电阻的关系”的实验电路图，电源电压恒为3V，用电阻箱来选用不同的电阻，按下述步骤进行实验，回答下列问题（1）闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到适当位置，调节电阻箱使接人电路的电阻为4时，电流表示数如图乙所示，为_A；电压表示数应为_V。（2）将电阻箱调到一个阻值更大的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向_端移动（选填“a”或“b“），使电压表的示数保持不变，同时记下对应的电流值。（3）多次改变电阻箱的阻值，重复上述操作，得到了下表中所示的数据，通过观察表中的数据，分析得出：当电阻两端的电压一定时，接入电路的电阻越大，通过它的电流越_。（4）为了进一步确定电流与电阻的定量关系，老师提出将表中各组电阻值的倒数算出，请你在丙图中描点作出I的图象_，根据画出的图象可知：电压一定时，电流跟电阻R成_比。【来源】【全国市级联考】四川省泸州市2018年中考物理试题【答案】 0.5 2 b 小 见解析 正【解析】（1）如图乙所示，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，读数为0.5A；由I得电压表示数应为：U1IR10.5A42V；（2）由于电源电压恒为U3V，电压表示数保持U02V，电阻箱调到一个阻值更大的电阻后，闭合开关，滑动变阻器接入电路的阻值也应增大，故应将滑动变阻器的滑片向b端移动，使电压表的示数2V，同时记下对应的电流值；（3）根据表中数据中电流随电阻变化的关系可得出的初步结论是：在导体两端的电压一定时，导体的电阻越大，通过的电流越小；（4）根据描点法做出图象，如下图：根据描绘出的I图线，可以看出通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，由此进一步得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。点睛：（1）弄清电流的量程和分度值，再读数；根据欧姆定律求出电压值；（2）探究电流与电阻的关系，应保持电压不变，根据串联分压规律即可确定滑动变阻器的滑片移动方向；（3）利用控制变量法对保持电阻两端的电压不变、电流变化的数据进行分析，初步得出电流与电阻的关系；（4）根据描点法做出图象，分析图象得出电压一定时，电流跟电阻R成正比。 34为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器（20 2.5A）等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验将4欧的R1接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。用R2替换R1，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上。老师告知小明：滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤现象发生。用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接入电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。（1）图丁中电流表的示数为_安。（2）步骤中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏？_。（3）小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换R1进行实验的有_（可多选）。A.15欧 B.25欧 C.35欧 D.45欧【来源】2018年浙江省温州市中考物理试题【答案】 2 将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V，再将触片Q沿逆时针转动，直到电压表示数为4V ABC电压表示数略超过4伏，为使电压表示数略小于4V，即应减小电路中的电流大小，由欧姆定律，要增大电路的电阻大小，故将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V，再将触片Q沿逆时针转动（电路中总电阻变小，总电流变大），根据UIR，电压表示数变大，直到电压表示数为4V。（3）根据串联电路电压的规律和分压原理：，式左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器取最大值时，对应的定值电阻最大，即，即定值电阻的最大电阻为40，故用来替换R1进行实验的有15欧、25欧、35欧的电阻，即选ABC；点睛：（1）根据图丁中电流表选用大量程确定分度值读数；（2）明确电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上的原因，故题中旋钮式变阻器起到电压微调的作用。图丙中旋钮式变阻器与滑动变阻器串联，且图丙中旋钮式变阻器的最大电阻连入了电路中，故其只能将触片Q沿逆时针转动，减小旋钮式变阻器连入电路中的电阻大小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律，此时电路的电流变大，根据UIR定值电阻的电压将变大，据此分析；（3）根据串联电路电压的规律和分压原理求出定值电阻的最大电阻分析。35某实验小组的同学通过图甲所示的电路进行实验探究。（1）断开开关S3，闭合开关S1和S2，移动滑动阻器滑片P，发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因可能是_（填符号）A滑动变阻器断路 BR断路 CR短路（2）故障排除后断开开关S3，闭合开S1和S2，通过调节滑动变阻器，读出多组相应的电压表和电流表的示数。甲同学根据测量数据绘成如图乙所示图象。由图象可知定值电阻R=_；（3）乙同学根据测量数据分别计算出多个R的阻值并取平均值，其目的是为了_；（4）断开开关S2，闭合开关S1和S3，通过多次调节滑动变阻器，测量灯L的电压和电流，根据测量数据绘成如图丙所示的图象。若灯L的额定电压为2.0V，则它的额定功率为_W。（5）由图丙可看出灯丝的UI图象不是一条直线，原因是_。【来源】2018年甘肃省白银市、凉州市、张掖市中考物理试题【答案】 C 10 减小误差 0.8 灯丝电阻会随温度而发生变化【解析】解：（1）A若滑动变阻器断路，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意； B若R断路，则电流表没有示数，电压表与变阻器串联，测电源电压有示数，不符合题意；C若R短路，则电压表没有示数，电流表有示数，符合题意；故选C；（2）根据测量数据绘成如图乙所示的直线，由欧姆定律，由图象可知定值电阻：R10；（3）乙同学根据测量数据分别计算出多个R的阻值并取平均值，其目的是为减小误差；（4）根据测量数据绘成如图丙所示的图象，当灯L的额定电压为2.0V，通过的电流为0.4A则它的额定功率为 PUI2V0.2A0.8W。（5）因灯丝电阻会随温度而发生变化，不是一个定值，故灯丝的UI图象不是一条直线。点睛：（1）逐一分析每个选项，找出正确答案；（2）根据图线，由欧姆定律求电阻大小；（3）多次测量取平均值可减小误差；（4）根据测量数据绘成如图丙所示的图象，找出灯L的额定电压为2.0V通过的电流大小，根据PUI求它的额定功率；（5）灯丝电阻会随温度而发生变化。36（2018宁波）实验室购买了一卷标有长度为100m的铜芯漆包线，小科想通过实验测定其实际长度。他首先测得导线横截面积S为1mm2，查阅资料得知现温度下这种导线每米的电阻值为0.017。（1）利用图甲所示的实物图测出铜导线的电阻。实验中，小科在闭合开关前应将滑片P置于最_端。（填“左”或“右”）。小科通过移动滑片P，测得多组数据，绘制成UI图象如图乙，据此可以判定这卷导线的实际长度_100m。（填“大于”、“等于”或“小于”）（2）小思认为用电子秤测出这卷导线的质量m，利用铜的密度也可以算出实际长度。请你写出这卷导线实际长度L的计算式：L=_（用字母表示）。【来源】浙江省宁波市2018年中考物理试题【答案】 右 小于 （2）用电子秤测出这卷导线的质量m，铜的密度；这卷导线的体积：；这卷导线的长度：。点睛：考查了欧姆定律和密度公式的应用，第一问中根据坐标图中任一个关系图像与网格的交点数据都可以求出导线的总电阻。37在“探究电流与电压的关系”的实验中，（1）请在方框中画出能够改变定值电阻的电压、并可以同时测量电压和电流的电路图_（2）通过实验记录电流表、电压表的示数如下表所示R=10对表中数据进行分析，你认为错误的数据是实验序号_，排除错误数据，可归纳得出的结论是_。（3）如果想用此电路继续探究“电流与电阻的关系”，每次更换电阻后，可以通过调节_，使电阻两端的电压不变。实验得出的结论是_。【来源】【全国市级联考】2018年山东省聊城市中考物理试题【答案】 见解析 5 在电阻一定时，电流与电压成正比 滑动变阻器 在导体两端电压一定时，电流与电阻成反比（2）根据数据分析可知，随着电压的增大电流在增大，并且电压与电流的比值为10，所以第5次实验中的电流数应当是错误的，应该为0.28A，并且可以看出在电阻一定时，电流与电压成正比；（3）要探究“电流与电阻
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