物理第一章 运动的描述 匀变速直线运动 第2讲 匀变速直线运动的规律及应用

第一章第一章 运动的描述运动的描述 匀变速直线运动匀变速直线运动第第2 2讲讲 匀变速直线运动的规律及应用匀变速直线运动的规律及应用过好双基关一、匀变速直线运动的规律一、匀变速直线运动的规律1.匀变速直线运动沿一条直线且 不变的运动.2.匀变速直线运动的基本规律(1)速度公式：v .(2)位移公式：x .(3)位移速度关系式： .加速度v0atv0t at2v2v022ax自测自测1某质点做直线运动，速度随时间的变化关系式为v(2t4) m/s，则对这个质点运动情况的描述，说法正确的是A.初速度为2 m/sB.加速度为4 m/s2C.在3 s末，瞬时速度为10 m/s D.前3 s内，位移为30 m解析解析根据vv0at，比较v(2t4) m/s得质点运动的加速度为2 m/s2，初速度为4 m/s，所以选项A、B错误；在3 s末，质点的瞬时速度为vt23 m/s4 m/s10 m/s，所以选项C正确；答案解析二、匀变速直线运动的推论二、匀变速直线运动的推论1.三个推论(1)连续相等的相邻时间间隔T内的位移差相等.即x2x1x3x2xnxn1 .(2)做匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于这段时间初、末时刻速度矢量和的 ，还等于中间时刻的瞬时速度.2vt2xvaT2一半2.初速度为零的匀加速直线运动的四个重要推论(1)T末、2T末、3T末、nT末的瞬时速度之比为v1v2v3vn_.(2)T内、2T内、3T内、nT内的位移之比为x1x2x3xn_.(3)第1个T内、第2个T内、第3个T内、第n个T内的位移之比为xxxxN_.(4)从静止开始通过连续相等的位移所用时间之比为t1t2t3tn_.135(2n1)123n122232n2自测自测2某质点从静止开始做匀加速直线运动，已知第3秒内通过的位移是x(单位：m)，则质点运动的加速度为答案解析三、自由落体运动和竖直上抛运动三、自由落体运动和竖直上抛运动1.自由落体运动(1)条件：物体只受 ，从静止开始下落.(2)基本规律速度公式： .位移公式： .速度位移关系式： .(3)伽利略对自由落体运动的研究伽利略通过 的方法推翻了亚里士多德的“重的物体比轻的物体下落快”的结论.重力vgtx gt2v22gx逻辑推理伽利略对自由落体运动的研究方法是逻辑推理猜想与假设实验验证合理外推.这种方法的核心是把实验和 (包括数学演算)和谐地结合起来.2.竖直上抛运动(1)运动特点：加速度为g，上升阶段做匀减速运动，下降阶段做_运动.(2)运动性质： 直线运动.(3)基本规律速度公式： ；位移公式： .xv0t gt2逻辑推理自由落体匀变速vv0gt自测自测3教材P45第5题频闪摄影是研究变速运动常用的实验手段.在暗室中，照相机的快门处于常开状态，频闪仪每隔一定时间发出一次短暂的强烈闪光，照亮运动的物体，于是胶片上记录了物体在几个闪光时刻的位置.如图1是小球自由下落时的频闪照片示意图，频闪仪每隔0.04 s闪光一次.如果通过这幅照片测量自由落体加速度，可以采用哪几种方法？试一试.照片中的数字是小球落下的距离，单位是厘米.图1答案答案见解析x19.6 cm0.196 m.t5T0.2 s方法二x5x32gT2x4x22gT22tv研透命题点1.基本思路基本思路基础考点自主悟透基础考点自主悟透2.方法与技巧方法与技巧题目中所涉及的物理量(包括已知量、待求量和为解题设定的中间量)没有涉及的物理量适宜选用公式v0、v、a、txvv0atv0、a、t、xvxv0t at2v0、v、a、xtv2v022axv0、v、t、xax t除时间t外，x、v0、v、a均为矢量，所以需要确定正方向，一般以v0的方向为正方向.例例1(2018河南许昌模拟)一个物体从静止开始，以加速度a1做匀加速直线运动，经过时间t改为做加速度大小为a2的减速运动，又经过时间t物体回到开始位置，求两个加速度大小之比 .答案解析答案答案13解析解析根据题意可知：物体在第一个时间t内做匀加速直线运动，在第二个时间t内先做匀减速运动到速度为零然后反向加速，取初始速度方向为正方向，画出物体运动过程示意图如图所示.针对两个运动阶段由位移公式有刹车类问题的处理技巧刹车类问题的处理技巧逆向思维法的应用逆向思维法的应用刹车类问题：指匀减速到速度为零后即停止运动，加速度a突然消失，求解时要注意确定其实际运动时间.如果问题涉及最后阶段(到停止)的运动，可把该阶段看成反向的初速度为零、加速度不变的匀加速直线运动.例例2随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显.分析交通违法事例，将警示我们遵守交通法规，珍爱生命.某路段机动车限速为15 m/s，一货车严重超载后的总质量为5.0104 kg，以15 m/s的速度匀速行驶.发现红灯时司机刹车，货车立即做匀减速直线运动，加速度大小为5 m/s2.已知货车正常装载后的刹车加速度大小为10 m/s2.(1)求此货车在超载及正常装载情况下的刹车时间之比.答案答案21答案解析(2)求此货车在超载及正常装载情况下的刹车距离分别是多大？答案答案22.5 m11.25 m答案解析(3)若此货车不仅超载而且以20 m/s的速度超速行驶，则刹车距离又是多少？(设此情形下刹车加速度大小仍为5 m/s2)答案答案40 m答案解析变式变式1(多选)一物体以某一初速度在粗糙的水平面上做匀减速直线运动，最后静止下来.若物体在最初5 s内通过的位移与最后5 s内通过的位移之比为x1x2115，物体运动的加速度大小为a1 m/s2，则A.物体运动的时间可能大于10 sB.物体在最初5 s内通过的位移与最后5 s内通过的位移之差为x1x215 mC.物体运动的时间为8 sD.物体的初速度为10 m/s答案方法与技巧方法与技巧能力考点师生共研能力考点师生共研类型类型1平均速度公式的应用平均速度公式的应用例例3质点由静止从A点出发沿直线AB运动，行程的第一阶段是加速度大小为a1的匀加速运动，接着做加速度大小为a2的匀减速运动，到达B点时恰好速度减为零.若AB间总长度为s，则质点从A到B所用时间t为答案解析解析解析设第一阶段的末速度为v，变式变式2一个做匀变速直线运动的质点，初速度为0.5 m/s，第9 s内的位移比第5 s内的位移多4 m，则该质点的加速度、9 s末的速度和质点在9 s内通过的位移分别是A.a1 m/s2，v99 m/s，x940.5 mB.a1 m/s2，v99 m/s，x945 mC.a1 m/s2，v99.5 m/s，x945 mD.a0.8 m/s2，v97.7 m/s，x936.9 m2tv答案解析类型类型2逆向思维法和初速度为零的匀变速直线运动推论的应用逆向思维法和初速度为零的匀变速直线运动推论的应用例例4(多选)(2018四川雅安模拟)如图2所示，一冰壶以速度v垂直进入三个矩形区域做匀减速直线运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是A.v1v2v3321图2答案解析变式变式3(多选)一物块以一定的初速度从光滑斜面底端a点上滑，最高可滑至b点，后又滑回至a点，c是ab的中点，如图3所示，已知物块从a上滑至b所用时间为t，下列分析正确的是答案解析图3A.物块从c运动到b所用的时间等于从b运动到c所用的时间B.物块上滑过程的加速度与下滑过程的加速度等大反向C.物块下滑时从b运动至c所用时间为D.物块上滑通过c点时的速度大小等于整个上滑过程中平均速度的大小解析解析由于斜面光滑，物块沿斜面向上与向下运动的加速度大小相同，agsin ，故物块从c运动到b所用的时间等于从b运动到c所用的时间，选项A正确，B错误；由于c是位移的中点，物块上滑过程中通过c点的速度不等于整个上滑过程的平均速度，选项D错误.1.两种运动的特性两种运动的特性(1)自由落体运动为初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动.(2)竖直上抛运动的重要特性(如图4)对称性a.时间对称：物体上升过程中从AC所用时间tAC和下降过程中从CA所用时间tCA相等，同理tABtBA.b.速度对称：物体上升过程经过A点的速度与下降过程经过A点的速度大小相等.多解性：当物体经过抛出点上方某个位置时，可能处于上升阶段，也可能处于下降阶段，造成多解，在解决问题时要注意这个特性.图42.竖直上抛运动的研究方法竖直上抛运动的研究方法分段法上升阶段：ag的匀减速直线运动下降阶段：自由落体运动全程法初速度v0向上，加速度g向下的匀变速直线运动，vv0gt，hv0t gt2(向上方向为正方向)若v0，物体上升，若v0，物体在抛出点上方，若h0，物体在抛出点下方例例5(2018湖北部分重点高中协作体联考)如图5所示是一种较精确测重力加速度g值的方法：将下端装有弹射装置的真空玻璃直管竖直放置，玻璃管足够长，小球竖直向上被弹出，在O点与弹簧分离，上升到最高点后返回.在O点正上方选取一点P，利用仪器精确测得OP间的距离为H，从O点出发至返回O点的时间间隔为T1，小球两次经过P点的时间间隔为T2，求：(1)重力加速度g；图5答案解析依据题意得h1h2H，(2)当O点距离管底部的距离为L0时，玻璃管的最小长度.解析解析真空管的最小长度LL0h1，双向可逆类问题双向可逆类问题类竖直上抛运动类竖直上抛运动如果沿光滑斜面上滑的小球，到最高点仍能以原加速度匀加速下滑，全过程加速度大小、方向均不变，故求解时可对全过程列式，但必须注意x、v、a等矢量的正负号及物理意义.例例6(多选)一物体以5 m/s的初速度在光滑斜面上向上运动，其加速度大小为2 m/s2，设斜面足够长，经过t时间物体位移的大小为4 m，则时间t可能为解得t11 s，t24 s答案解析1.基本思路基本思路如果一个物体的运动包含几个阶段，就要分段分析，各段交接处的速度往往是联系各段的纽带.可按下列步骤解题：(1)画：分清各阶段运动过程，画出草图；(2)列：列出各运动阶段的运动方程；(3)找：找出交接处的速度与各段间的位移时间关系；(4)解：联立求解，算出结果.2.解题关键解题关键多运动过程的转折点的速度是联系两个运动过程的纽带，因此，转折点速度的求解往往是解题的关键.例例7甲、乙两个质点都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变.在第一段时间间隔内，两个质点的加速度大小不变，乙的加速度大小是甲的3倍；在接下来的相同时间间隔内，甲的加速度大小增加为原来的3倍，乙的加速度大小减小为原来的 .求甲、乙两质点各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比.答案答案35答案解析解析解析在第一段时间间隔内，设甲的加速度为a，则乙的加速度为3a，在第二段时间间隔内，甲的加速度为3a，乙的加速度为a，甲、乙两质点各自在这两段时间间隔内走过的总路程分别为x甲x甲1x甲23at2，x乙x乙1x乙25at2，变式变式4航天飞机是一种垂直起飞、水平降落的载人航天器.航天飞机降落在平直跑道上，其减速过程可简化为两个匀减速直线运动阶段.航天飞机以水平速度v0着陆后立即打开减速阻力伞(如图6)，加速度大小为a1，运动一段时间后速度减为v；随后在无减速阻力伞情况下匀减速运动直至停下.已知两个匀减速滑行过程的总时间为t，求：(1)第二个匀减速运动阶段航天飞机减速的加速度大小a2；图6第二个匀减速阶段运动的时间t2tt1，由0va2t2，(2)航天飞机着陆后滑行的总路程x.课时作业1.假设某无人机靶机以300 m/s的速度匀速向某个目标飞来，在无人机离目标尚有一段距离时从地面发射导弹，导弹以80 m/s2的加速度做匀加速直线运动，以1 200 m/s的速度在目标位置击中该无人机，则导弹发射后击中无人机所需的时间为A.3.75 s B.15 s C.30 s D.45 s双基巩固练双基巩固练12345678910112.(多选)做匀减速直线运动的质点，它的加速度大小为a，初速度大小为v0，经过时间t速度减小到零，则它在这段时间内的位移大小可用下列哪些式子表示12345678910113.(2018广东湛江模拟)如图1所示，一骑行者所骑自行车前后轮轴的距离为L，在水平道路上匀速运动，当看到道路前方有一条减速带时，立刻刹车使自行车做匀减速直线运动，自行车垂直经过该减速带时，对前、后轮造成的两次颠簸的时间间隔为t.利用以上数据，可以求出前、后轮经过减速带这段时间内自行车的A.初速度 B.末速度C.平均速度 D.加速度图112345678910114.(2018黑龙江哈尔滨质检)关于自由落体运动(g10 m/s2)，下列说法中不正确的是A.它是竖直向下，v00、ag的匀加速直线运动B.在开始连续的三个1 s内通过的位移之比是135C.在开始连续的三个1 s末的速度大小之比是123D.从开始运动到距下落点5 m、10 m、15 m所经历的时间之比为123答案12345678910115.一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动.开始刹车后的第1 s内和第2 s内位移大小依次为9 m和7 m.则刹车后6 s内的位移是A.20 m B.24 mC.25 m D.75 m答案解析解析解析由x9 m7 m2 m可知，汽车在第3 s、第4 s、第5 s内的位移分别为5 m、3 m、1 m，汽车在第5 s末的速度为零，故刹车后6 s内的位移等于前5 s内的位移，大小为9 m7 m5 m3 m1 m25 m，故C正确.1234567891011解析解析根据汽车刹车后的坐标x与时间t的关系x30t5t2(m)，对比匀变速直线运动的规律xv0t at2，可知汽车刹车过程的初速度大小为30 m/s，加速度大小为10 m/s2，故选A.6.(2018河南信阳调研)在一平直路段检测某品牌汽车的运动性能时，以路段的起点作为x轴的原点，通过传感器发现汽车刹车后的坐标x与时间t的关系满足x30t5t2(m)，下列说法正确的是A.汽车刹车过程的初速度大小为30 m/s，加速度大小为10 m/s2B.汽车刹车过程的初速度大小为30 m/s，加速度大小为5 m/s2C.汽车刹车过程的初速度大小为60 m/s，加速度大小为5 m/s2D.汽车刹车过程的初速度大小为60 m/s，加速度大小为2.5 m/s2答案解析12345678910117.一物体做初速度为零的匀加速直线运动，将其运动时间顺次分成123的三段，则每段时间内的位移之比为A.135 B.149C.1827 D.11681答案1234567891011答案解析12345678910119.一物体以初速度v0做匀减速直线运动，第1 s内通过的位移为x13 m，第2 s内通过的位移为x22 m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法错误的是A.初速度v0的大小为2.5 m/s B.加速度a的大小为1 m/s2C.位移x3的大小为1.125 m D.位移x3内的平均速度大小为0.75 m/s答案解析123456789101110.(2018甘肃天水质检)如图2所示，木杆长5 m，上端固定在某一点，由静止放开后让它自由落下(不计空气阻力)，木杆通过悬点正下方20 m处圆筒AB，圆筒AB长为5 m，取g10 m/s2，求：(1)木杆经过圆筒的上端A所用的时间t1是多少？答案解析图21234567891011解析解析木杆由静止开始做自由落体运动，木杆的下端到达圆筒上端A用时木杆的上端到达圆筒上端A用时则木杆通过圆筒上端A所用的时间1234567891011(2)木杆通过圆筒AB所用的时间t2是多少？答案解析解析解析木杆的上端到达圆筒下端B用时则木杆通过圆筒所用的时间123456789101111.如图3所示为某型号货车紧急制动时(假设做匀减速直线运动)的v2x图象(v为货车的速度，x为制动距离)，其中图线1为满载时符合安全要求的制动图象，图线2为严重超载时的制动图象.某路段限速72 km/h，是根据该型号货车满载时安全制动时间和制动距离确定的，现有一辆该型号的货车严重超载并以54 km/h的速度行驶.通过计算求解：(1)驾驶员紧急制动时，该型号严重超载并以54 km/h的速度行驶的货车制动时间和制动距离是否符合安全要求；图3答案答案见解析1234567891011解析解析根据速度位移公式v2v022ax，有v22axv02，则图线斜率的一半表示加速度.根据题中图象得到：满载时，加速度大小为a15 m/s2，严重超载时加速度大小为a22.5 m/s2；设该型号货车满载时以v72 km/h20 m/s的速度减速，1234567891011设该型号货车严重超载时以v54 km/h15 m/s的速度减速，所以驾驶员紧急制动时，该型号严重超载的货车制动时间和制动距离均不符合安全要求.1234567891011(2)若驾驶员从发现险情到采取紧急制动措施的反应时间为1 s，则该型号货车满载时以72 km/h速度正常行驶的跟车距离至少应为多远.答案答案见解析解析解析该型号货车在反应时间内做匀速直线运动x3vt3201 m20 m，答案解析1234567891011