高三期中考试物理

文档供参考，可复制、编制，期待您的好评与关注！ 高三理科物理试题一、每题5分，选的不全得2.5分，共45分。1、某同学用测力计研究在竖直方向运行的电梯运动状态。他在地面上用测力计测量砝码的重力，示数为G。他在电梯中用测力计仍测量同一砝码的重力，发现测力计的示数小于G，由此判断此时电梯的运动状态可能是A、减速上升 B、加速下降 C、减速下降 D、加速上升2.关于静电场，下列说法正确的是A、电势等于零的物体一定不带电B、电场强度为零的点，电势一定为零C、同一电场线上的各点，电势一定相等D、负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加3.某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别为P和Q，则（ ）A. EPEQ，PQ B. EPEQ，PQ C.EPEQ，PQ B. EPEQ，PQ4、如图所示的甲、乙、丙表示电源两极间电压与流过该电源的电流的图象：A、甲乙的电动势均为1.5V，丙的电动势为0.75VB、甲乙丙的电动势均为1.5VC、甲的内阻为1.5D、乙内阻为5. 在光滑绝缘的水平地面上放置着四个相同的金属小球，小球A、B、C位于等边三角形的三个顶点上，小球D位于三角形的中心，如图所示. 现让小球A、B、C带等量的正电荷Q，让小球D带负电荷q，使四个小球均处于静止状态，则Q与q的比值为（ ）6、在如图所示的电路中，电源的电动势E= 30 V，内阻r=10，电阻R1=10，R2=10，R3=30，R4=35；电容器的电容C=100F电容器原来不带电求接通电键K后流过R4的总电量A、110-4C B、210-3C C、210-4C D、210-3C7、两个等量异种点电荷位于x轴上，相对原点对称分布，正确描述电势随位置变化规律的是图8、如图，在竖直向下，场强为的匀强电场中，长为的绝缘轻杆可绕固定轴在竖直面内无摩擦转动，两个小球A、B固定于杆的两端，A、B的质量分别为和 ()，A带负电，电量为，B带正电，电量为。杆从静止开始由水平位置转到竖直位置，在此过程中电场力做功为W，在竖直位置处两球的总动能为EKA、 B、 C、Ek=D、Ek=9、如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，(A)电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大(B)电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小(C)电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大(D)电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小二、实验题：10、读数填空：每题2分，共10分。 （ ）cm （ ）mm （ ）A （ ）A（ ）cm图甲11（8分）某实验小组要描绘一个标有“3.8V，1W”的小电珠RL的IU曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择： A电压表V（量程5V，内阻约为5k）B直流电源E（电动势4.5V，内阻不计）C电流表A1（量程150mA，内阻约为2）D电流表A2（量程300mA，内阻约为1）E滑动变阻器R1（阻值0 10）F滑动变阻器R2（阻值0 2k） （1）实验中为较准确测量、方便调节,电流表应选用_ ,滑动变阻器应选用_（填器材前面的选项字母）；（2）要求实验中小电珠电压从零逐渐增大到额定电压，测量误差尽可能小。请你为该实验小组设计电路图，画在图甲的方框中；（3）利用实验中得到的数据在IU坐标系中，描绘出了如图乙所示的小电珠的伏安特性曲线。根据此图给出的信息，可以判断出图丙中正确的是（图中P为小电珠的电功率）_12、（6分）测量电源的电动势E及内阻r（E约为2 V，r约为1.5 ）。器材：量程3V的理想电压表V，量程0.5A的电流表A（具有一定内阻但未知），滑线变阻器R，电键K，导线若干。画出实验电路原理图。图中各元件需用题目中给出的符号或字母标出。实验中，当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2。则可以求出E= ，r= 。（用I1，I2，U1，U2表示）三、计算题：13、（12分）如图所示，一对杂技演员（都视为质点）乘秋千（秋千绳处于水平位置）从A点由静止出发绕O点下摆，当摆到最低点B时，女演员在极短时间内将男演员沿水平方向推出，然后自已刚好能回到A处 。求男演员落地点C 与O 点的水平距离s。已知男演员质量m1，和女演员质量m2之比=2，秋千的质量不计，秋千的摆长为R ， C 点比O 点低5R14、(15分)如图所示，一个物块A(可看成质点)放在足够长的平板小车B的右端，A，B一起以v0的水平初速度沿光滑水平面向左滑行。左面有一固定的竖直墙壁，小车B与墙壁相碰，碰撞时间极短，且碰撞前、后无动能损失。已知物块A与小车B的水平上表面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。（以下过程均发生在小车没有再次撞墙之前）(1)若A，B的质量相等，求物块A在小车B上发生相对运动的过程中物块A对地的位移大小；(2)若A，B的质量比为K，且K1，求物块A在小车B上发生相对运动的过程中物块A对地的位移大小。15. （14分）如图所示，在方向水平向右、大小为E6103 NC的匀强电场中有一个光滑的绝缘平面. 一根绝缘细绳两端分别系有带电滑块甲和乙，甲的质量为m12104 kg，带电量为q12109 C，乙的质量为m21104 kg，带电量为q21109 C. 开始时细绳处于拉直状态由静止释放两滑块，t3 s时细绳突然断裂，不计滑块间的库仑力，试求（1）细绳断裂前，两滑块的加速度；（2）在整个运动过程中，乙的电势能增量的最大值；（3）当乙的电势能增量为零时，甲与乙组成的系统机械能的增量. 高三物理答案123456789ABDABCDCAADA10、（1.55 ）cm （6.851 ）mm （0.52）A （2.60）A（10.198）cm11、（1）D E （2）分压、外接法（电路图略） （3）BD12、图略，13、解：设分离前男女演员在秋千最低点B 的速度为v0，由机械能守恒定律(m1+m2)gR=(m1+m2)v02 3分设刚分离时男演员速度的大小为v1,方向与v0相同；女演员速度的大小为v2，方向与v0相反，由动量守恒，(m1+m2)v0=m1v1m2v2 3分分离后，男演员做平抛运动，设男演员从被推出到落在C点所需的时间为t ，根据题给条件，由运动学规律，4R=gt2 s=v1t 2分根据题给条件，女演员刚好回到A点，由机械能守恒定律,m2gR=m2v22 2分已知=2,由以上各式可得 s=8R 2分14、（1）mv0-mv0=(m+m)v （2分） v=0 对木块A由动能定理 （2分） （1分）设A和B的质量分别为km和m，小车B与墙碰撞后物块A与小车B所达到的共同速度大小为v，木块A的位移大小为s。设向右为正方向，则由动量守恒定律得：则mv0-kmv0=(m+km)v （2分）解得 v= 对木块A由动能定理 （2分）代入数据解得 （1分）（3）设A和B的质量分别为km和m，小车B与墙碰撞后物块A与小车B所达到的共同速度大小为v，木块A的位移大小为s。设向左为正方向，则由动量守恒定律得：则kmv0-mv0=(m+km)v （2分）解得 v= 对木块A由动能定理 （2分）代入数据解得 （1分）15、（14分）Eq22q1甲乙解：（1）取水平向右为正方向。将甲、乙及细绳看成一个整体，根据牛顿第二定律，有（2分）得（2分）（2）当乙发生的位移最大时，乙的电势能增量最大。细绳断裂前，甲、乙发生的位移均为（1分）此时甲、乙的速度均为（1分）细绳断裂后，乙的加速度变为（1分）从细绳断裂到乙速度为零，乙发生的位移为（1分）整个运动过程乙发生的最大位移为此时乙的电势能增量为（1分）（3）当乙的总位移为零，即乙返回到原出发点时，乙的电势能增量为零。设细绳断裂后，乙经时间返回到原出发点，则有代入数据，有解得：（不合题意，舍去。）（1分）乙回到原出发点时的速度为（1分）细绳断裂后，甲的加速度变为（1分）乙回到原出发点时甲的速度为（1分）甲与乙组成的系统机械能的增量为（1分）方法二：当乙的总位移为零，即乙返回到原出发点时，乙的电势能增量为零。此时电场力对甲所做的功即为甲与乙组成的系统机械能的增量。设细绳断裂后，乙经时间返回到原出发点，则有代入数据，有解得：（不合题意，舍去。）（1分）细绳断裂后，甲的加速度变为（1分）细绳断裂后，甲继续发生的位移为（1分）当乙的电势能增量为零时，甲发生的总位移为（1分）电场力对甲所做的总功为（1分）此即甲与乙组成的系统机械能的增量。7 / 7