3第3课时超重与失重瞬时问题总结

单击此处编辑母版标题样式,单击此处编辑母版文本样式,第二级,第三级,第四级,第五级,*,*,*,第3课时 超重与失重 瞬时问题,考点自清,一、超重和失重,1.超重,(1)定义:物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力),物体所受重力的状况.,(2)产生条件:物体具有 的加速度.,2.失重,(1)定义:物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力),物体所受重力的状况.,(2)产生条件:物体具有 的加速度.,大于,向上,小于,向下,3.完全失重,(1)定义:物体对水平支持物的压力(或对竖直悬挂物的拉力)的状况称为完全失重现象.,(2)产生条件:物体的加速度a=g.,名师点拨,1.物体超重或失重时,仅是物体对悬挂物的拉力或水平支持物的压力的变化,物体所受的重力并没有变化.,2.物体处于超重状态或失重状态,与物体的速度没有关系,仅由加速度打算.,等于零,二、瞬时问题,争论某一时刻物体的 和 突变的关系称为力和运动的瞬时问题,简称“瞬时问题”.“瞬时问题”常常伴随着这样一些标志性词语:“瞬时”、“突然”、“猛地”、“刚刚”等.,受力,运动,热点聚焦,热点一 对超重和失重的理解,1.物体处于超重状态还是失重状态取决于加速度的方向,与速度的大小和方向没有关系,下表列出了加速度方向与物体所处状态的关系.,运动情况,超重、失重,视重(,F,),a,=0,不超重、不失重,F,=,mg,a,的方向竖直向上,超重,F,=,m,(,g,+,a,),a,的方向竖直向下,失重,F,=,m,(,g,-,a,),a,的方向竖直向下,a,=,g,完全失重,F,=0,2.物体处于超重或失重时的运动状况,(1)超重时,物体向上加速或向下减速;,(2)失重时,物体向下加速或向上减速.,特殊提示,1.物体超重或失重时,加速度方向不肯定沿竖直方向,只要加速度有竖直向上的重量就是超重,加速度有竖直向下的重量就是失重.,2.物体超重或失重时,加速度的大小不肯定是恒定的.,热点二 瞬时加速度的求解,分析物体在某一时刻的瞬时加速度,关键是分析瞬时前后的受力状况及运动状态,再由牛顿其次定律求出瞬时加速度.此类问题应留意两种模型的建立.,1.中学物理中的“线”和“绳”是抱负化模型,具有以下几个特性:,(1)轻:其质量和重力均可视为等于零,且一根绳(或线)中各点的张力大小相等,其方向总是沿着绳子且背离受力物体的方向.,(2)不行伸长:即无论绳子受力多大,绳子的长度不变,由此特点可知,绳子中的张力可以突变.,刚性杆、绳(线)或接触面都可以认为是一种不发生明显形变就能产生弹力的物体,假设剪断(或脱离)后,其中弹力马上消逝,不需要形变恢复时间,一般题目中所给杆、细线和接触面在不加特殊说明时,均可按此模型来处理.,2.中学物理中的“弹簧”和“橡皮绳”也是抱负化模型,具有以下几个特性:,(1)轻:其质量和重力均可视为等于零,同一弹簧两端及其中间各点的弹力大小相等.,(2)弹簧既能承受拉力,也能承受压力;橡皮绳只能承受拉力,不能承受压力.,(3)由于弹簧和橡皮绳受力时,要恢复形变需要一段时间,所以弹簧和橡皮绳中的力不能突变.,题型探究,题型1 瞬时问题,如图1甲所示,一质量为m的物体系于长度分别为L1、L2的两根细线上,L1的一端悬挂在天花板上,与竖直方向夹角为,L2水平拉直,物体处于平衡状态.求解以下问题:,(1)现将线L2剪断,求剪断L2的瞬间物体的加速度.,图1,(2)假设将图甲中的细线L1换成长度一样,质量不计的轻弹簧,如图乙所示,其他条件不变,求剪断L2的瞬间物体的加速度.,思路点拨 求解此题应留意以下两点:,(1)其他力转变时,弹簧的弹力不能在瞬间发生突变.,(2)其他力转变时,细绳上的弹力可以在瞬间发生突变.,解析 (1)当线L2被剪断的瞬间,因细线L2对球的弹力突然消逝,而引起L1上的张力发生突变,使物体的受力状况转变,瞬时加速度沿垂直L1斜向下方,为a=gsin.,(2)当线L2被剪断时,细线L2对球的弹力突然消逝,而弹簧的形变还来不及变化(变化要有一个过程,不能突变),因而弹簧的弹力不变,它与重力的合力与细线L2对球的弹力是一对平衡力,等值反向,所以线L2剪断时的瞬时加速度为a=gtan,方向水平向右.,答案 (1)a=gsin,垂直l1斜向下方,(2)a=gtan,水平向右,变式练习1 在动摩擦因数=0.2的水平面上有一个质量为m=1 kg的小球,小球与水平轻弹簧及与,竖直方向成=45角的,不行伸长的轻绳一端相连,如图2所示.此时小球处于,静止平衡状态,且水平面对小球的弹力恰好为零,当剪断轻绳的瞬间,取g=10 m/s2.求:,(1)此时轻弹簧的弹力大小为多少？,(2)小球的加速度大小和方向？,(3)当剪断弹簧的瞬间小球的加速度为多少？,图2,解析 (1)因此时水平面对小球的弹力为零,小球在绳没有断时受到绳的拉力FT和弹簧的弹力F作用而处于平衡状态,依据平衡条件得,竖直方向有:FTcos=mg,水平方向有:FTsin=F,解得弹簧的弹力为:F=mgtan=10 N,(2)剪断绳后小球在竖直方向仍平衡,水平面支持力平衡重力FN=mg,由牛顿其次定律得小球的加速度为,a=8 m/s2,方向向左.,(3)当剪断弹簧的瞬间,小球马上受地面支持力和重力,且二力平衡,加速度为0.,答案 (1)10 N (2)8 m/s2 方向向左 (3)0,题型2 超重与失重的理解与应用,如图3所示,一个盛水的容器底部有一小孔.静止时用手指堵住小孔,不让它漏水,假设容器在下,述几种运动过程中始终保,持平动,且无视空气阻力,则 (),A.容器自由下落时,小孔向下漏水,B.将容器竖直向上抛出,容器向上运动时,小孔向下,漏水;容器向下运动时,小孔不向下漏水,C.将容器水平抛出,容器在运动中小孔向下漏水,D.将容器斜向上抛出,容器在运动中小孔不向下漏,水,图3,思维导图,解析,容器在自由下落、竖直向上抛出、水平抛出、斜向上抛出的运动中都处于完全失重状态,对容器底部的压力均为零,所以不向下漏水,只有D项正确.,答案,D,水和水桶的,运动性质,分析水和水,桶的受力,水对水桶底有作用力吗？,结论,变式练习2 在电梯中,把一重物置于台秤上,台秤与力传感器相连,当电梯从静止加速上升,然后又匀速运动一段时间,最终停顿运动,传感器的屏幕上显示出其受到的压力与时间的关系图象如图4所示,则 (),A.电梯在启动阶段约经受了2.5秒的加速上升过程,B.电梯在启动阶段约经受了4秒的加速上升过程,C.电梯的最大加速度约为6.7 m/s2,图4,D.电梯的最大加速度约为16.7 m/s2,解析 由图可知,在04 s内台秤对物体的支持力大于物体的重力,所以04 s内物体始终加速上升.由图线知,物体的重力为30 N,即质量约为3 kg,台秤对物体的最大作用力为50 N,物体所受的最大合力为20 N,所以物体的最大加速度约为6.7 m/s2.,答案 BC,题型3 建立“匀变速直线运动”模型,跳板运动中,运发动在上升过程完成空中翻转的动作后下落,能否站稳又是一个关键的动作,为此,运发动在脚接触地面后都有一个下蹲的过程,为的是削减地面对人的作用力.假设人在空中完成翻转动作所需的最短时间是t,人接触地面时所能承受的最大作用力为F,人能下蹲的最大距离为x,人的质量为M,重心离脚的高度为L,试求:人起跳后,为了在完成空中动作的同时,又使脚不受伤,那么,人从跳板上起跳后重心上升的最大高度的范围是多大？(空气阻力无视不计,重力加速度为g,不计起跳板的高,度,不考虑人在水平方向的运动.空中动作的过程可把人看作质点,地面对人的作用力作用时间很短,可近似看作恒力,因此,人下蹲过程可看作匀变速运动),解析 设人起跳后重心离地,最高点的高度为H1时刚能完,成空中动作,由运动学公式可得,H1-L=gt2/2,得:H1=L+gt2/2 ,设人起跳后重心离地最高点的高度为H2时人接触地面时所能承受的最大作用力为F,下蹲过程受力状况如图,由其次定律和运动学公式可得:,F-mg=ma ,a=v02/2x ,人在空中自由下落过程有:,v02=2(H2-L)g ,解得:H2=L-x+Fx/mg ,因此人起跳后重心上升的最大高度的范围是,L-x+Fx/mgHL+gt2/2 ,答案 L-x+Fx/mgHL+gt2/2,此题共12分.式各2分.,从简单的实际问题中抽象出简洁的物理模型是高考重点考察的根本物理力量之一.此题要求学生能把,题目的表达和自己的想象结合在一起,把简单的运动抽象为自由下落过程和匀减速运动过程,通过牛顿定律把力和运动联系起来.从而把一个看似简单的问题简化为一个常见的简洁问题.,自我批阅,(13分)如图5甲所示为学校操场上一质量不计的竖直滑杆,滑杆上端固定,下端悬空.为了争论学生沿杆的下滑状况,在杆顶部装有一拉力传感器,可显示杆顶端所受拉力的大小.现有一学生(可视为质点)从上端由静止开头滑下,5 s末滑到杆底时速度恰好为零.以学生开头下滑时刻为计时起点,传感器显示的拉力随时间变化的状况如图乙所示,g取10 m/s2.求:,图5,(1)该学生下滑过程中的最大速率.,(2)滑杆的长度.,解析(1)依据图象可知01 s内,人向下做匀加速运动,人对滑杆的作用力为380 N,方向竖直向下,所以滑杆对人的作用力F1的大小为380 N,方向竖直向上.,以人为争论对象,依据牛顿其次定律有,mg-F1=ma1 (3分),5 s后静止,m=50 kg,1 s末人的速度为:v1=a1t1 (2分),依据图象可知1 s末到5 s末,人做匀减速运动,5 s末速度为零,所以人1 s末速度到达最大值由代入数值解得:v1=2.4 m/s,所以最大速度vm=2.4 m/s.(2分),(,2)滑杆的长度等于人在滑杆加速运动和减速运动通过的位移之和.,加速运动的位移,x,1,=1 m=1.2 m (2分),减速运动的位移,x,2,=4 m=4.8 m (2分),滑杆的总长度,L,=,x,1,+,x,2,=1.2 m+4.8 m=6.0 m(2分),答案,(1)2.4 m/s (2)6.0 m,素能提升,1.图6是我国“美男子”长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景.宇航员在火,箭放射与飞船回收的过程,中均要经受超重与失重的,考验,以下说法正确的选项是,(),A.火箭加速上升时,宇航员处于失重状态,B.飞船加速下落时,宇航员处于失重状态,C.飞船落地前减速,宇航员对座椅的压力大于其,重力,图6,D.火箭上升的加速度渐渐减小时,宇航员对座椅的压力小于其重力,解析 加速上升或减速下降,加速度均是向上,处于超重状态;加速下降或减速上升,加速度均是向下,处于失重状态,由此知选项B、C正确.,答案 BC,2.一个争论性学习小组设计了一个竖直加速度器,如图7所示.把轻弹簧上端用胶带固定在一块纸板上,让其自然下垂,在弹簧末端处的纸板上刻上水平线A.现把垫圈用胶带固定在弹簧的下端,在垫圈自由垂下处刻上水平线B,在B的下方刻一水平线C,使AB间距等于BC间距.假定当地重力加速度g=10 m/s2,当加速度器在竖直方向运动时,假设弹簧末端的垫圈 (),图7,A.在A处,则表示此时的加速度为零,B.在A处,则表示此时的加速度大小为g,且方向向下,C.在C处,则质量为50 g的垫圈对弹簧的拉力为1 N,D.在BC之间某处,则此时加速度器肯定是在加速上,升,解析 设AB=BC=x,由题意知,mg=kx,在A处mg=maA,aA=g,方向竖直向下,B正确;在C处,2kx-mg=maC,aC=g,方向竖直向上,此时弹力F=2kx=2mg=1 N,C正确;在B、C之间弹力F大于mg,加速度方向竖直向上,但加速度器不肯定在加速上升,也可能减速下降,故D错误.,答案 BC,3.如图8所示,质量为,m,的小球用水平轻弹簧系住,并用倾角为30的光滑木板,AB,托住,小球恰好处于静止状态.当木板,AB,突然向下撤离的瞬间,小球的加速度大小为 (),A.0 B.C.,g,D.,解析,撤离木板时,小球所受重力和弹簧弹力没变,二者合力大小等于撤离木