九年级科学全册华师大版课件：第十四讲-内能培优训练

九年九年级科学全册科学全册华师大版大版课件：第十四件：第十四讲 内能培内能培优训练解题技巧解题技巧2.在炒花生、葵花子或栗子时，锅中总要入放些沙子。这样做主要是为了（）A使炒锅的温度升高B让沙子吸收一些水分，使炒货更脆C使炒货均匀受热且不直接与锅底接触D让沙子吸收一部分热。防止因温度过高而使炒货变焦一读关键词：炒锅中放沙子二联重要结论：温度、热传递改变物体内能三解解：四悟解决此题要结合热传递改变物体的内能进行分析解答在炒花生、葵花子或栗子时，由于锅底的温度较高，很容把炒货炒糊，如果锅中总要入放些沙子，这样沙子被炒热后可以均匀的把热量传递给炒货，这样炒出的炒货效果较好；故选：C。解题技巧解题技巧3.PM2.5是指空气中直径等于或小于2.5m的悬浮颗粒物，其漂浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后会进入血液对人体形成危害矿物燃料燃烧的排放是形成PM2.5的主要原因下列关于PM2.5的说法中，正确的是（）APM2.5的大小接近分子大小的数量级BPM2.5在空气中的运动属于分子热运动C温度越高，PM2.5的运动越激烈D环境温度低于0时，PM2.5不具有内能解题技巧解题技巧一读关键词：PM2.5、燃料燃烧二联重要结论：分子的热运动、温度是分子平均动能的标志、物体的内能三解解：四悟本题考查了PM2.5的有关问题，涉及的知识点较多，是一道综合题，但难度不大，其考点与环境保护相结合，正是眼下人们最关注的空气污染问题，可能是考查的热点之一A、“PM2.5”是指直径小于等于2.5微米的颗粒物，PM2.5尺度远大于空气中氧分子的尺寸的数量级。故A错误。B、PM2.5在空气中的运动是固体颗粒、是分子团的运动，不是分子的热运动。故B错误。C、PM2.5受由大量空气分子对PM2.5无规则碰撞，温度越高，空气分子对颗粒的撞击越剧烈，则PM2.5的运动越激烈；故C正确。D、任何物体只要不是处于绝对零度，一定有内能，PM2.5必然有内能，故D错误；故选：C。解题技巧解题技巧4.某种气体在不同温度下的气体分子速率分布曲线如图所示，图中f（v）表示v处单位速率区间内的分子数百分率，由图可知（）A气体的所有分子，其速率都在某个数值附近B某个气体分子在高温状态时的速率可能与低温状态时相等C高温状态下大多数分子的速率大于低温状态下大多数分子的速率D高温状态下分子速率的分布范围相对较小解题技巧解题技巧一读关键词：R关键词：气体分子速率分布曲线图tABC、动点二联重要结论：分子的热运动、温度是分子平均动能的标志三解解：四悟对于物理学中的基本概念和规律要深入理解，理解其实质，不能只是停留在表面上，同时要通过练习加强理解A、由不同温度下的分子速率分布曲线可知，在一定温度下，大多数分子的速率都接近某个数值，但不是说其余少数分子的速率都小于该数值，有个别分子的速率会更大，故A错误；B、高温状态下大部分分子的速率大于低温状态下大部分分子的速率，不是所有，有个别分子的速率会更大或更小，因此在高温状态时，个别气体分子的速率可能与低温状态下相等的，故B正确；C、温度是分子平均动能的标志，温度高则分子速率大的占多数，即高温状态下分子速率大小的分布范围相对较大，故C正确，故D错误。故选：BC。解题技巧解题技巧5.下列说法中正确的是（）A扩散现象只能发生在气体和液体中B岩盐是立方体结构，粉碎后的岩盐不再是晶体C地球大气的各种气体分子中氢分子质量小，其平均速率较大，更容易挣脱地球吸引而逃逸，因此大气中氢含量相对较少D从微观角度看气体压强只与分子平均动能有关一读关键词：说法正确二联重要结论：扩散、晶体和非晶体、封闭气体压强三解解：A、不同的物质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象。一切物质的分子都在不停地做无规则运动，所以固体、液体或气体之间都会发生扩散现象，故A错误；解题技巧解题技巧三解解：四悟此题考查的知识比较多，要求学生平时多记忆和总结，不仅记住基本的概念和规律，还要记下一些实例加深理解和记忆B、岩盐是立方体结构，是晶体，且有规则的几何形状，粉碎后的岩盐仍是晶体，仍有规则的几何形状，故B错误；C、温度是分子平均动能的量度，温度越高，分子平均动能越大，质量越小速度越大，氢分子质量小，其平均速率较大，更容易挣脱地球吸引而逃逸，因此大气中氢含量相对较少，C正确；D、气体压强决定于气体分子的密度（单位体积内的分子数）和分子的平均动能故选：C。解题技巧解题技巧6.关于物体内能，下列说法正确的是（）A相同质量的两种物体，升高相同温度，内能增量不一定相同B一定量0的水结成0的冰，内能一定减少C一定质量的气体体积增大，既不吸热也不放热，内能减少D一定质量的气体吸热，而保持体积不变，内能一定减少一读关键词：物体内能、判断正误二联重要结论：物体的内能、温度是分子平均动能的标志、热力学第一定律三解解：四悟本题用到两种判断内能变化的方法，关键记住两个公式：Q吸=Cmt和U=W+QA、根据公式Q吸=Cmt，相同质量的两种物体，比热容可能不同，故升高相同温度，内能增量不一定相同，故A正确；B、一定量0的水结成0的冰，要放热，故内能一定减小，故B正确；C、一定质量的气体体积增大，对外做功，若既不吸热也不放热，根据公式U=W+Q，内能一定减少，故C正确；D、一定质量的气体吸热，而保持体积不变，则不对外做功，根据公式U=W+Q，内能一定增加，故D错误；故选：ABC。解题技巧解题技巧7.如图所示，厚壁容器的一端通过胶塞插进一支灵敏温度计和一根气针，另一端有个用卡子卡住的可移动胶塞用打气筒慢慢向容器内打气，使容器内的压强增大到一定程度，这时读出温度计示数打开卡子，胶塞冲出容器口后（）A温度计示数变大，实验表明气体对外界做功，内能减少B温度计示数变大，实验表明外界对气体做功，内能增加C温度计示数变小，实验表明气体对外界做功，内能减少D温度计示数变小，实验表明外界对气体做功，内能增加一读关键词：打气筒向容器内打气、胶塞冲出容器口二联重要结论：热力学第一定律三解解：四悟本题考查热力学第一定律U=W+Q的物理意义，这是高考的重点内容打开卡子，气体体积膨胀对外做功，所以W0，由热力学第一定律U=W+Q，可知气体内能减小，温度降低。故选：C。解题技巧解题技巧8.如图，某同学将空的薄金属筒开口向下压入水中设水温均匀且恒定，筒内空气无泄漏，不计气体分子间相互作用，则被淹没的金属筒在缓慢下降过程中，筒内空气体积减小（）A从外界吸热B内能增大C向外界放热D内能减小一读关键词：金属筒开口向下压入水中、筒内空气无泄漏、空气体积减小二联重要结论：热力学第一定律三解解：四悟本题考查了热力学第一定律的应用，记住公式，理解公式中各物理量的正负是解题的关键由于不计气体分子间相互作用，所以气体是理想气体，内能只与温度有关，而外界温度不变，所以气体温度不变，所以内能不变。又U=Q+W，气体体积减小，外界对气体做功，W为正，U恒定，所以Q为负，即气体向外界放热，C正确。故选：C。解题技巧解题技巧9.有两块金属质量之比为3：1，各自吸收热量之比为2：1，关于它们升高的温度之比和比热容之比，下列各项中的可能答案是（）A4：3；1：2B3：4；2：1C5：3；2：5D3：5；5：2一读关键词：质量之比、吸收热量之比二联重要结论：热量的计算三解解：由题知，m甲：m乙=3：1，甲、乙两物体吸收的热量：Q甲：Q乙=2：1，因Q吸=cmt，所以，则解题技巧解题技巧三解解：四悟本题考查物体升高的温度之比和比热容之比，关键是考查物体吸热公式的灵活运用A甲乙物体比热容之比和升高的温度之比为4：3，1：2，则故A正确；B、甲乙物体比热容之比和升高的温度之比为3：2，1：10，则故B错；C甲乙物体比热容之比和升高的温度之比为5：3，2：5，则故C正确；D、甲乙物体比热容之比和升高的温度之比3：5，5：2，则故D错。故选：ACB。解题技巧解题技巧10.有两个温度和质量都相同的金属球甲和乙，先把甲球放入盛热水的杯中，热平衡后水温降低了t，把甲球取出，再将乙球放入杯中，热平衡后水温又降低了t，则两球材料的比热关系是（）Ac甲=c乙Bc甲c乙Cc甲c乙D无法比较一读关键词：温度和质量都相同、水温降低二联重要结论：比热容的概念三解解：四悟本题考查了比热容的概念、热平衡方程、热量公式，能确定甲乙两球的末温关系是本题的关键先后将甲乙两球投入到同一杯水中，水降低的温度相同，水放出的热量相同，由题知，Q吸=Q放，甲乙两球吸收的热量相同，而乙球比甲球少升高了t，即乙球的末温低；由上述分析可知，质量相同的甲乙两球，吸收相同的热量，乙球升高的温度少，所以乙球的比热容大。故选：C。解题技巧解题技巧11.把20的两个质量相等的铜球，分别放进质量相等的温度均为50的水和煤油中，热平衡后，水温和煤油相比较（）A煤油的温度低些 B水的温度低些C温度一样D不能判断一读关键词：质量相等的、温度相同、热平衡二联重要结论：热传递三解解：四悟正确分析质量、温度、比热容和吸放热的关系，是判断物体温度变化的关键。由于相关因素比较多，判断时考虑要全面由题意可知，有质量、初温相等的两个铜球，分别迅速放入到质量相同、温度相同的煤油和水中，即煤油和水的初温也相同；由于煤油的比热容比水的比热容小，所以同样放热时，由Q=cmt，可知，水的温度变化小，故当两个铜球与煤油和水停止热传递时，煤油和水的末温相比水的末温更高，故A正确。故选：A。解题技巧解题技巧12.现有两个使用同一种燃料的加热器，用它们分别对甲、乙两种不同的物质加热。已知甲物质的比热是乙物质的2倍，甲物质的质量是乙物质的时，当甲物质升高的温度是乙物质的时（甲、乙物质的物态都不发生变化），加热甲物质所用燃料是加热乙物质的，则两加热器利用热能的效率之比是（）A3：4 B1：1C3：2D2：1一读关键词：物质的质量之比、比热容之比、升高的温度之比二联重要结论：能量利用效率三解解：由题意可知，c甲=2c乙，m甲=m乙，t甲=t乙，m甲=m乙，由Q吸=cmt可得，甲乙物质吸收的热量之比：解题技巧解题技巧三解解：四悟本题考查了吸热公式和燃料完全燃烧释放热量公式以及效率公式的应用，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒由Q放=mq可得，两加热器消耗燃料完全燃烧释放的热量之比：由=100%可得，两加热器利用热能的效率：故选：B。解题技巧解题技巧13.人的体温是由“下丘脑”中特殊神经细胞组织控制的，它对人体体温的变化很敏感，当下丘脑温度高于37时，人体散热机制（如血管舒张，出汗等）就会活跃起来。已知37时蒸发18g汗水所需要的能量为4320J。某同学步行时，每秒钟体内产生的热量为35J，而此时该同学通过对流、辐射等方式（不包括出汗）产生的散热功率只有33W，因此还要通过出汗的方式才能保持37的体温不变。那么该同学步行1h出汗约（）A20克 B30克C40克D50克解题技巧解题技巧一读关键词：每秒钟产生的热量、散热功率、18g、4320J二联重要结论：功率的计算三解解：四悟能正确的理解题意，即据“每秒钟体内产生的热量为35焦”能看出此人的功率，并能理解“每蒸发18克汗水所需要的能量为4320焦”是解决该题的关键中年人漫步行走时，每秒钟体内产生的热量为35焦，即其总功率是P=故此时出汗的散热功率为P汗=35W33W=2W；故该人在行走1h时汗的散热量为W=P汗t=2W3600s=7200J，由于每蒸发18克汗水所需要的能量为4300焦，故此时人所需的出汗量是m=18g30g。故选：B。解题技巧解题技巧14.在一般情况下，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比。冬天的北方比较寒冷，房间内都有供暖系统。如果房外温度为20，则房内温度为18；如果房外温度为30，则房内温度为12那么，房间暖气管的温度为（）A75 B70C65D60一读关键词：传递的热量与两个物体的温差成正比二联重要结论：热传递三解解：由题知，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比，即Q放=kt，其中k为比例系数，与传递热量的物质有关；设暖气管的温度为t，暖气管向房内放热时比例系数为k1，房内向房外放热时比例系数为k2；解题技巧解题技巧三解解：四悟此题根据房间内暖气片和房内的温差与房间内外的温差之比保持不变列出等式是接近此题的关键（1）如果房外温度为20，则房内温度为18，则房间暖气管向房内放出的热量：Q1=k1t1=k1（t18），房内向房外放出的热量：Q2=k2t2=k218（20）=k238，为了使得房内温度恒定，则Q1=Q2，否则房内温度要么升高、要么降低；则有：k1（t18）=k238（2）如果房外温度为30，则房内温度为12，则房间暖气管向房内放出的热量：Q3=k1t3=k1（t12），房内向房外放出的热量：Q4=k2t4=k212（30）=k242，为了使得房内温度恒定，则Q3=Q4，则有：k1（t12）=k242式式可得：解得t=75。故选：A。解题技巧解题技巧15.当物体中存在温度差时，热量会从温度高的地方向温度低的地方传递。对于一长度为L、横截面积为S的均匀金属棒，当两端的温度差稳定为T时，t时间内从高温端向低温端传递的热量Q满足关系式：Q=；其中k为棒的导热系数。如图所示，长度分别为L1、L2，导热系数分别为k1、k2的两个横截面积相等的细棒在D处紧密对接，两金属棒各自另一端分别与温度为400开、300开的恒定热源良好接触。若L1：L2=1：2，k1：k2=3：2，则在稳定状态下，D处的温度为（）A375开B360开C350开D325开解题技巧解题技巧一读关键词：提供关系式、稳定状态二联重要结论：摄氏温度及其计算、热传递三解解：四悟此题考查学生关于热平衡方程的理解和掌握，注意结合材料信息解答设在稳定状态下，D处的温度为T，则对于长度为L1的细棒：Q=对于长度为L2的细棒：Q=因为热传递过程中当处于稳定状态时，热平衡，所以将L1：L2=1：2，k1：k2=3：2代入，解得T=375K。故选：A。解题技巧解题技巧16.我国抽水蓄能电站自投入运行以来，在缓解用遇高峰电力紧张方面，取得了良好的社会效益和经济效益。抽水蓄能电站的工作原理是，在用电低谷时（如深夜），电站利用电网多余电能把水抽到高处蓄水池中，到用电高峰时，再利用蓄水池中的水发电。如图，蓄水池（上游水库）可视为长方体，有效总库容量（可用于发电）为V，蓄水后水位高出下游水面H，发电过程中上游水库水位最大落差为d统计资料表明，该电站年抽水用电为2.4108kWh，年发电量为1.8108kWh则下列计算结果正确的是（水的密度为，重力加速度为g，涉及重力势能的计算均以下游水面为零势能面）（）A能用于发电的水最大重力势能EP=VgHB能用于发电的水的最大重力势能EP=Vg（H）C电站的总效率达75%D该电站平均每天所发电能可提供给一个大城市居民用电（电功率以105kW计）约10h解题技巧解题技巧一读关键词：年发电量、年抽水量二联重要结论：势能大小的比较、电功计算公式的应用三解解：四悟求能量的转化效率时，要确定有效利用的能量和总能量AB、能用于发的水的总质量：m=V，水的最大重力势能：Ep=mgh=Vg（H），故B正确，A错误；C、电站的总效率：=100%=100%=75%，故C正确；D、由P=得，可供用电时间：t=4.9h，故D错误。故选：BC。解题技巧解题技巧17.有一堆含水分的潮湿沙子，测其比热容为1.18103J/（kg），已知干沙子的比热容为9.24102J/（kg），求这堆沙子含水分的百分比约一读关键词：干湿沙子的比热容二联重要结论：体的内能三解解：四悟此题主要考查的是学生对热量计算公式的理解和掌握，明确湿沙子吸收的热量等于水吸收的热量加上干沙子吸收的热量是解决此题的关键设水质量m1，沙子质量m2，在某加热过程中潮湿泥土温度升高温度t，则湿沙子吸收的热量可以表示为：Q=c湿沙子（m1+m2）t，也可以表示为：Q=Q水+Q沙子=c水m1t+c干沙子m2t，上述两式联立c湿沙子（m1+m2）t=c水m1t+c干沙子m2t，其中c湿沙子=1.18103J/（kg），干沙子的比热为c干沙子=9.24102J/（kg），水的比热为c水=4.2103J/（kg），解得所以沙子含水分的百分比为：故答案为：7.8%解题技巧解题技巧18.用一个放热稳定的热源给一个物体均匀加热，得到它的熔化图象如图所示，那么，它固态时的比热与液态时的比热之比是。一读关键词：所给图示、固液比热之比二联重要结论：热量的计算三解解：四悟要求学生会用图象描述比热容的大小并能正确读图在质量不变的前提下，吸收热量之比为1：2，温度升高之比为2：1，根据Q=Cmt计算可知该物体在固态时的比热与液态时的比热之比是1：4。故答案为：1：4。解题技巧解题技巧19.（1）许多电冰箱的背后漆成黑色，原因是.（2）帽子的功能很多，仅从热学角度看，夏天戴草帽主要是为了防止；冬天戴棉帽主要是为了防止（3）由于对流，热空气上升，在日常我们所见的烛焰形状，如图所示。但假如在完全失重充满空气的太空船里，你认为烛焰的形状如图所示。一读关键词：漆黑色、帽子、烛焰二联重要结论：物体的颜色、热传递、重力三解解：（1）电冰箱后面的管是黑色的，黑色辐射热的本领很强，能向外辐射更多的热量，使从冷冻室内出来的蒸气经过散热管后温度更低。故答案为：黑色物体的热辐射能力较强；解题技巧解题技巧三解解：四悟本题考察范围广，重点考察学生理论联系实际的应用能力（2）a.导是由于大量分子、原子等相互碰撞，使物体的内能从温度较高部分传至较低部分的过程热传导是固体热传递的主要方式，在气体和液体中，热传导往往与对流同时进行各种物质热传导的性能不同，金属较好，玻璃、羽毛、毛皮等很差b.流是靠液体或气体的流动，使内能从温度较高部分传至较低部分的过程对流是液体和气体热传递的主要方式，气体的对流比液体明显c.辐射是物体不依靠介质，直接将能量发射出来，传给其他物体的过程热辐射是远距离传递能量的主要方式，如太阳能就是以热辐射的形式，经过宇宙空间传给地球的故答案为：热辐射；热传导（3）太空舱完全失重，充满空气；有氧气，所以火焰可以点燃，由于失去重力，火焰的形状不再是纺锤形，而变为圆形，故答案为：A，B。解题技巧解题技巧20.太阳能热水器的装置主要由太阳能吸热板和补水箱等组成，它利用水的对流与循环把水加热补水箱内装40kg水，如果每分钟吸收太阳辐射的能量为8.4104J，其中60%被水吸收求：（1）请说出太阳能热水器的工作原理（2）将补水箱里20的水经吸热板加热1小时水温为多少度？C水=4.2103J/（kg）（3）若改用电热器加热，需耗电多少度（不计热量损失）？解题技巧解题技巧一读关键词：每分钟吸收太阳辐射的能量、60%被水吸收二联重要结论：太阳能热水器中的热量计算、电功的计算三解解：四悟本题考查学生对生活中能量转化的理解，同时要求掌握热量公式的计算和电能单位的换算（1）利用太阳辐射的能量和水的对流与循环把水加热（2）Q太=8.4104J60min=5.04106JQ吸=60%Q太=5.041060.6=3.024106J由Q吸=cm（tt0），得：t=（3）Q电=Q吸=3.024106J0.84kWh故答案为：（1）利用太阳辐射的能量和水的对流与循环把水加热；（2）38；（3）0.84kWh解题技巧解题技巧21.汽车在水平路面行驶时受到的阻力f与压力FN成正比，即f=FN，其中比例系数跟接触面的粗糙程度有关如图所示，AB与BC是粗糙程度不同的两段水平路面，AB段长2000m，AB=0.05，BC段长3000m，BC=0.1汽车由A运动到C的过程中速度保持20m/s不变，已知汽车的质量为1500kg（1）汽车在AB和BC段发动机的功率分别为多大？（2）若汽车使用汽油作为燃料，汽油的热值为q=4.6107J/kg，已知汽车的效率为25%，求汽车由A运动到C的过程中消耗汽油的质量解题技巧解题技巧一读关键词：所给关系式、线段长、摩擦系数、质量二联重要结论：功率的计算、热量的计算三解解：四悟此题涉及的知识面很广，是一道很好的综合性题目，解题过程中要注意单位的换算（1）已知汽车在水平路面行驶时受到的阻力f与压力FN成正比，即f=FN，此时FN=G=mg=1500kg10N/kg=1.5104N，则F1=f=ABFN=0.051.5104N=7.5102N，F2=f=BCFN=0.11.5104N=1.5103N，P1=F1v=7.5102N20m/s=1.5104W，P2=F2v=1.5103N20m/s=3.0104W，答：汽车在AB段发动机的功率为1.5104W；在BC段发动机的功率为3.0104W（2）WAB=F1SAB=7.5102N2000m=1.5106J，WBC=F2SBC=1.5103N3000m=4.5106J汽车由A运动到C的过程中所做的功W=WAB+WBC=1.5106J+4.5106J=6106Jm=答：汽车由A运动到C的过程中消耗汽油的质量为0.52kg解题技巧解题技巧22.你见过戴着面罩或墨镜的工人进行电焊作业吗？电焊是利用电流的热效应产生高温，将焊条熔化，从而使两金属部件焊接在一起电焊机工作时有很大电流，但不会连续工作，所以导线中会产生迅速变化、时断时续的电流（1）电焊机输出电压40V、输出功率2000W，某种橡皮绝缘铜芯导线在常温下安全载流量（长时间通电时的最大安全电流）如下表，从安全角度考虑，计算说明应选择哪种导线作为电焊机的输出导线？（2）焊条熔点为1100，比热容为0.4103J/（kg）假设电流放出的热量全部被焊条吸收并使焊条升温，电焊机工作4s，可使一根质量为20g的焊条全部熔化吗？（3）电焊机工作时会对周围的居民或行人的生活造成一定的影响，请指出其中的两点解题技巧解题技巧一读关键词：输出电压、输出功率、焊条的质量、比热容、初温二联重要结论：热量的计算、电功率的计算、电功与热量的综合计算三解解：（1）电焊机工作时电流：由表可知，应选横截面积为10mm2的导线；答：应选横截面积为10mm2的导线（2）电焊机工作4s产生的热量为：Q=W=Pt=2000W4s=8000J，Q=cmt，可使焊条升高的温度为：t=气温（初温）不会高于100，所以焊条的末温低于1100，焊条不会全部熔化；答：电焊机工作4s，不能使一根质量为20g的焊条全部熔化解题技巧解题技巧三解解：四悟本题考查了学生对吸热公式、电功率公式的掌握和运用，涉及到保险丝的选择、电焊机工作时对环境的影响，反应物理与生活的密切联系（3）电焊机工作时会对周围的居民或行人的生活的影响：电焊机工作时有强光，会造成光污染；电焊机工作时会产生电磁波，被电视机等用电器接收，影响家用电器的正常工作解题技巧解题技巧23.随着新能源、低碳等理念的普及，小明设想出了一种完全以太阳能电池为能源的汽车，以下是他查到的一些数据：太阳辐射的总功率P总=3.91026w，太阳到地球的距离r=1.51011m，阳光穿过太空和地球周围的大气层到达地面的过程中的能量损耗约为51%；太阳光垂直照射时，太阳能电池的能量转化效率最高约为15%；假设一辆太阳能电池车的质量约为750kg，期望达到的最高时速为72km/h，车辆行驶过程中的平均阻力约为车重的0.02倍，车身最多能敷设的太阳能电池板的面积约为8m2，驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率（已知半径为r的球的表面积为S=4r2）（1）根据以上数据，通过计算对小明的设想进行分析与评价（2）你对他的设想有什么改进建议？解题技巧解题技巧一读关键词：质量、最高时速、总功率、转化率二联重要结论：功率的计算、电功率的计算三解解：四悟本题考查功率的计算，关键是公式的变形及其应用，主要告诉我们太阳能对我们的作用，它是环保能源（1）v=72km/h=20m/s；驱动电机需要达到的最大机械输出功率：P机=Fv=kmgv=0.02750kg10N/kg20m/s=3000W；需要的电功率P电=P大=P电池=3P大S=15%6768W=811W3333W；以上数据为天气晴朗、太阳能电池板始终垂直于阳光时的数据，实际上汽车上的电池板很难做到始终于阳光垂直，其实际提供的电功率会小于P电池；不能满足驱动电机的需求（2）减轻车体自身的重力、降低车辆行驶时的阻力、减小机械损耗、降低车辆设计最高时速、提高电机的效率、兼容其他能源动力、使用蓄电池供电、在车的顶部安装折叠式太阳能电池板、停车时将太阳能电池板转化的电能存入蓄电池、研发高效率太阳能电池板等解题技巧解题技巧24.某密闭房间内有一台空调，当房间内温度为t2，房间外温度为t1，正常工作时空调每秒消耗的电功W=2000J，此时空调每秒从房间吸取的热量为Q2，向室外释放的热量为Q1，W与Q2、Q1之间满足如下关系式：W+Q2=Q1；设：T=t+273，则有：；若室外向房间每秒漏进（或漏出）的热量与房间内外的温差成正比当室外温度为30，温度控制器开关使其间断运转30%的时间（例如开了3min就停7min，如此交替开停），发现这时室内保持20不变试问；（1）在夏天仍要求维持室内温度为20，则该空调器可允许正常连续运转的最高室外温度是多少摄氏度？（2）若在冬天，空调从外界吸热，往室内放热，仍要求维持室内为20，则它能正常运转的最低室外温度是多少摄氏度？解题技巧解题技巧一读关键词：所给关系式、间断运转30%、室内温度不变二联重要结论：热平衡方程的应用三解解：（1）W+Q2=Q1，T1=t1+273，T2=t2+273，整理可得：Q2=设室外向房间的漏热为Q漏=D（t2t1），空调使房间内温度维持不变，则有Q漏=Q2，即D（t2t1）=按照题意有：D（3020）=30%2000，解得：D=1758，设室外温度为t1，空调连续工作可保持室温t2=20不变，则有：D（t1t2）=代入数据有：1758（t120）=解得：t138.26；解题技巧解题技巧三解解：四悟本题考查了热平衡方程的综合应用，关键是理解和用好题干中所给的条件和等量关系，难点是方程的解答，要注意冬天和夏天漏热的方向（2）设冬天时，房间温度为t1=20，室外温度为t2，由房间向室外泄漏热量为Q漏，空调从室外吸热而向房间放热，则有Q漏=D（t1t2），W+Q2=Q1式中Q1、Q2分别为空调向房间释放的热量和从室外吸收的热量，当房间保持室温t2=20不变时，有Q漏=Q1，即Q漏=D（t1t2）=即1758（20t2）=2000，解得：t21.74答：（1）在夏天仍要求维持室内温度为20，则该空调器可允许正常连续运转的最高室外温度是38.26摄氏度；（2）若在冬天，空调从外界吸热，室内放热，仍要求维持室内为20，则它能正常运转的最低室外温度是1.74摄氏度解题技巧解题技巧25.水在热电厂的锅炉中变为水蒸气，通过涡轮机带动发电机发电，用过的水蒸气在液化器中凝结成水，再到锅炉，循环使用溶化器中的冷却水则流到冷却塔中降温，如图所示。水的比热为4.2103J/kg），求：（1）夏天，来自冷却塔的水温为16，而回到冷却塔的水温为30若冷却塔和液化器间水的流量为15103kg/s，试求冷却塔的散热功率（2）如果发电机的发电功率为5.6105kW，发电机把机械能转化为电能的效率为80%，不计水蒸气通过涡轮机过程中由于热传递造成的能量损失及涡轮机的摩擦，试求水蒸气的能量转化为电能的效率解题技巧解题技巧一读关键词：流量、不同温度、发电功率、转化效率二联重要结论：功率的计算、能量利用效率三解解：四悟本题考查功率、热机效率及能量转化的效率，要求学生能熟练掌握相应公式（1）单位时间内，内能变化为：Q=cm（tt0）=4.2103J/（kg）15103kg（3016）=8.82108J；散热的功率：P内=8.82108W（2）发电机消耗的机械功率：P机=5.6108W80%=7108W；由（1）知，单位时间内消耗的内能是：P内=8.82108W所以水蒸气的能量转化为电能的效率为：=100%=100%35.4%；答：（1）这个系统通过冷却塔散热的功率为8.82108W；（2）水蒸气的能量转化为电能的效率为35.4%谢谢！谢谢！