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2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，甲、乙两组小朋友进行拔河游戏，下列说法正确的是（ ）A.甲组拉乙组的力总是等于乙组拉甲组的力B.甲组拉乙组的力总是大于乙组拉甲组的力C.当甲组获胜时，甲组拉乙组的力大于乙组拉甲组的力D.只有他们僵持不动时，甲组拉乙组的力才等于乙组拉甲组的力2、下列说法正确的是（）A.匀变速运动就是加速度均匀变化的运动B.互相接触的两物体间，有弹力一定有摩擦力C.做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的D.合外力逐渐变小，物体的速度可能变小，也可能变大3、做曲线运动的物体，在运动过程中一定在变化的物理量是( )A.加速度B.动能C.速度D.合外力4、有关下面的物理量和单位的归属情况正确的是（）密度牛顿米/秒加速度长度质量千克时间A.属于国际单位制中基本单位的是B.属于国际单位制中基本单位的是C.属于国际单位制中基本单位的是D.属于国际单位制中基本单位的是5、一物体从离地面高处做自由落体运动，下落时的速率为v，则该物体落地时的速率为A.vB.vC.2vD.4v6、质量为2kg的物体做匀变速直线运动，其位移随时间变化的规律为。该物体所受合力的大小为（）A.2NB.4NC.6ND.8N7、甲、乙两个物体由同一地点沿同一直线运动，它们的运动图象如图所示，下列说法正确的是A.若图象为两物体的位移时间图象，则在内甲、乙两物体始终同向运动B.若图象为两物体的位移一时间图象，则在内甲、乙两物体的平均速度相等C.若图象为两物体的速度一时间图象，则甲、乙两物体在末相遇D.若图象为两物体的速度一时间图象，则甲、乙两物体相遇前在末相距最远8、下列说法中正确的是A.物体只有静止或做匀速直线运动时才具有惯性B.质量是物体惯性大小的量度C.互成角度的力的合成和力的分解都一定遵从平行四边形定则D.受到静摩擦力的物体一定是静止的9、一物体做匀加速直线运动，初速度为4m/s，经4s速度达到12m/s，下列说法中正确的有（）A.物体的加速度为2m/s2B.物体5秒末的速度为14m/sC.物体4s内的平均速度为6m/sD.物体4s内的位移为32m10、如图所示，物体在水平力F作用下静止在斜面上，若稍增大水平力F，而物体仍能保持静止（斜面也仍能静止），则下列说法正确的是（ ）A.斜面对物体的静摩擦力可能减小，支持力一定增大B.斜面对物体的静摩擦力可能增大，支持力一定增大C.F增大前，斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向右D.F增大前，斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向左11、下列物体中处于平衡状态的是( )A.静止在粗糙斜面上的物体B.沿光滑斜面下滑的物体C.在平直路面上匀速行驶的汽车D.作自由落体运动的物体在刚开始下落的一瞬间12、关于物体的平抛运动，下列说法正确的是（）A.由于物体受力的大小和方向不变，因此平抛运动是匀变速运动；B.由于物体速度的方向不断变化，因此平抛运动不是匀变速运动；C.物体的运动时间只由抛出时的初速度决定，与高度无关；D.平抛运动的水平距离由抛出点的高度和初速度共同决定.二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某实验小组欲以图甲所示实验装置“探究加速度与物体受力和质量的关系”。图中A为小车,B为装有砝码的小盘,C为一端带有定滑轮的长木板,小车通过纸带与电火花打点计时器相连,小车的质量为m1,小盘(及砝码)的质量为m2。(g取9.8m/s2) (1)下列说法正确的是_A.实验时先放开小车,再接通打点计时器的电源B.每次改变小车质量时,应重新平衡摩擦力C.本实验中为使所挂砝码（及小盘）的重力近似等于绳子拉力，应满足m2远小于m1的条件D.在用图像探究小车加速度与受力的关系时,应作-m1图像(2)实验中,得到一条打点的纸带,如图乙所示,已知相邻计数点间的时间间隔为T,且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出,则小车加速度的计算式是a=_。 (3)某同学平衡好摩擦阻力后,在保持小车质量不变的情况下,通过多次改变砝码重力,测出小车相应加速度,并作出小车加速度a与砝码重力F的图像如图丙所示。若牛顿第二定律成立,则小车的质量为_kg(结果保留三位有效数字) (4)实际上,在砝码的重力越来越大时,小车的加速度不能无限制地增大,将趋近于某一极限值,此极限值为_ m/s2。14、（10分）利用图1中的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小车的总质量为M，悬挂钩码的总质量为m，实验所用交流电源的频率为50Hz（1）一组同学实验中以下做法正确的是_A平衡摩擦力时，应将钩码用细绳通过定滑轮系在小车上；B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力；C小车运动的加速度可用悬挂钩码的总质量m与小车的总质量M，直接用公式a=mg/M求出；D当m与M的大小关系满足mM时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于钩码的总重力（2）保持小车的总质量M不变，测得小车的加速度a和拉力F的数据如表格所示，其中拉力F=0.40N时对应的纸带为图2，则打B点时小车的速度vB=_m/s，小车运动的加速度a= _m/s2（均保留两位有效数字）（3）根据表格数据，在图3坐标纸上作出a-F图象_（4）根据所作图线，可以求出实验中小车的总质量M= _kg（保留两位有效数字）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，传送带与地面夹角37，从A到B长度为L10.25 m，传送带以v010 m/s的速率逆时针转动。在传送带上端A无初速地放一个质量为m0.5 kg的黑色煤块，它与传送带之间的动摩擦因数为0.5。煤块在传送带上经过会留下黑色痕迹。已知sin 370.6，g10 m/s2，求：(1)煤块从A到B的时间；(2)煤块从A到B的过程中传送带上形成痕迹的长度。16、（12分）如图甲所示，斜面的倾角为，一个总质量为m=75 kg的滑雪者从离斜面底端距离为x=8 m处由静止开始沿斜面自由下滑，已知雪橇与斜面间的动摩擦因数，不计空气阻力。(，g=10m/s2)，则：（1）滑雪者下滑的加速度a1为多大？（2）滑雪者下滑至斜面底端时的速度为多大？（3）若滑雪者在斜面底端时，只依靠惯性上滑至原来的位置（如图乙），那么滑雪者在斜面底端时必须获得一定的初速度v0，则这一初速度v0至少为多大？17、（12分）质量为0.1 kg 的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的v-t图象如图所示球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的3/4，设球受到的空气阻力大小恒为f，取g=10 m/s2，求：（1）弹性球受到的空气阻力f的大小；（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h。参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、A【解析】甲组与绳子之间的作用力为相互作用力，根据牛顿第三定律可知，其大小相等、方向相反；乙组与绳子之间的作用力也为相互作用力，其大小也是相等、方向相反，由于同一根绳上的力大小相等，故在任何情况下，甲组与乙组的力的大小均相等，故选项A正确，BCD错误；故选A。2、D【解析】A匀变速运动是指加速度恒定，速度均匀变化的运动，选项A错误；B产生摩擦力的条件，一是存在弹力，二是有相对运动或者相对运动趋势，故有弹力不一定有摩擦力，选项B错误；C平抛运动的物体其受力恒定，加速度恒定，选项C错误；D合外力变小，加速度减小，当做加速度减小的加速运动时，速度增大，当做加速度减小的减速运动时，速度减小，选项D正确。故选D。【点睛】有摩擦力一定有弹力，有弹力不一定有摩擦力，当加速度方向和速度方向同向时，做加速运动，当加速度方向和速度方向反向时，做减速运动，无论加速度是增大还是减小，都成立。3、C【解析】既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，它的速度肯定是变化的；而匀速圆周运动的速率是不变的，平抛运动的合力、加速度是不变的【详解】AD平抛运动也是曲线运动，但是它的合力为重力，加速度是重力加速度，是不变的，故AD错误B匀速圆周运动的速度的大小是不变的，即速率是不变的，其动能也不变，故B错误C物体既然做曲线运动，那么它的速度方向肯定是不断变化的，所以速度一定在变化，故C正确故选C【点睛】曲线运动不能只想着匀速圆周运动，平抛也是曲线运动的一种，可以是合外力不变的匀变速曲线运动，也可可以是合外力变化的匀速率圆周运动4、B【解析】密度、加速度是导出量，长度、时间、质量是国际单位制的基本物理量，牛顿、米秒是导出单位，千克是国际单位制的基本单位，故B正确，ACD错误；故选B。5、C【解析】物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移公式可以求得.【详解】物体做的是自由落体运动，由速度位移关系可得，对全程；联立可得：；故选C.【点睛】对匀变速直线运动的规律重在如何选择三个速度公式和四个位移公式.6、D【解析】位移随时间变化的规律根据题目中的表达式，应用待定系数法可知解得加速度根据牛顿第二定律求解合外力ABC错误，D正确。故选D。7、BD【解析】A若图象为两物体的位移时间（x-t）图象，根据x-t图象的斜率表示速度，知0-2s内，甲、乙两物体同向运动。2-4s内，甲、乙两物体反向运动，故A错误；B若图象为两物体的位移-时间（x-t）图象，在04s内甲、乙两物体的位移相等，所用时间相等，则平均速度相等，故B正确；C若图象为两物体的速度一时间（v-t）图象，0-4s内，甲的位移大于乙的位移，则甲、乙两物体在4s末没有相遇，故C错误；D甲、乙两物体从同一地点沿直线向同一方向运动，在0-4s内，甲的速度大于乙的速度，两者距离不断增大；在4s后乙的速度大于甲的速度，两者距离缩短，则物体相遇前在4s末相距最远，故D正确。故选BD。8、BC【解析】在任何状态下物体都有惯性，与运动状态无关，选项A错误；质量是物体惯性大小的唯一量度，选项B正确；互成角度的力的合成和力的分解都一定遵从平行四边形定则，选项C正确；受到静摩擦力的物体不一定是静止的例如随水平传送带加速运动的物体，选项D错误；故选BC.9、ABD【解析】AB根据匀加速直线运动的速度与时间关系：带入已知数据可得：所以第5s末的速度为：故A正确，B正确.C由匀变速直线运动平均速度公式可得4s内的平均速度：故C错误.D物体4s内的位移为：故D正确.故选ABD.10、ABD【解析】AB.物体在水平力F作用下静止在斜面上，斜面对物体的静摩擦力方向可能沿斜面向上，也可能沿斜面向下，所以稍微增大水平力F，斜面对物体的静摩擦力可能增大，也可能减小，甚至可能大小不变（大小不变，方向改变）；斜面对物体的支持力FN=mgcos+Fsin稍增大水平力F，则支持力一定增大，故AB正确； CD.由整体分析可知，F增大前，斜面底部相对地面有向右运动的趋势，所以斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向左，故C错误，D正确。11、AC【解析】A、静止在粗糙斜面上的物体，合力为零，处于平衡状态故A正确B、沿光滑斜面下滑的物体做匀加速直线运动，合力不为零，处于非平衡状态故B错误C、在平直路面上匀速行驶的汽车合力为零，处于平衡状态，故C正确D、做自由落体运动的物体在刚开始下落的瞬间，物体的速度为零，但合力等于重力不为零，处于非平衡状态故D错误故选AC【点睛】本题主要考查学生对平衡状态的判断的理解和掌握判断方法：物体处于静止状态或匀速直线运动状态，受到的一定是平衡力的作用，受到平衡力作用的物体一定保持静止状态或匀速直线运动状态12、AD【解析】AB平抛运动所受的合力大小和方向不变，则加速度不变，可知平抛运动是匀变速曲线运动，故A正确，B错误；C根据t=知，平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，故C错误D根据知，平抛运动的水平距离由高度和初速度共同决定，故D正确。故选AD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .C . .2.04 .9.8【解析】(1)1A实验时应先接通电源后释放小车，故A错误；B平衡摩擦力，假设木板倾角为，则有： m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力，故B错误；C让小车的质量m1远远大于小盘和重物的质量m2，因为：际上绳子的拉力故应该是，即实验中应满足小盘和重物的质量远小于小车的质量，故C正确；DF=ma，所以：所以在用图象探究小车的加速度与质量的关系时，通常作图像，故D错误。故选C。(2)2由逐差法可得加速度大小为(3)3对a-F图来说，图像的斜率表示小车质量的倒数，故小车质量为： (4)4小车的加速度最大等于自由落体的加速度，故极限值为9.8m/s2。14、 .（1）BD .（2）0.17 .0.350.01 .（3）如图 .（4）0.97-1.0【解析】（1）根据实验原理判断各选项的正误；（2）根据逐差法求解加速度，根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解B点的速度；（3,4）根据描点法作出图象；a-F图线斜率表示质量的倒数，求出实验中小车的质量；【详解】（1）平衡摩擦力时，不挂钩码，只让小车拖着纸带在木板上做匀速运动即可，选项A错误；每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力；选项B正确；小车运动的加速度是通过纸带上的点迹根据运动公式求解的，选项C错误；当m与M的大小关系满足mM时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于钩码的总重力，选项D正确；故选BD（2）纸带上相邻两点间有5个时间间隔，则T=0.1s，则打B点时小车的速度，小车运动的加速度（3）根据表格数据，作出a-F图象如图；（4）根据，由图像可知：，则M=10kg.【点睛】探究加速度与力、质量的关系实验时，要掌握好关键的实验步骤，例如为什么要平衡小车受到的摩擦力，若不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不够、或过平衡摩擦力会出现什么结果；为什么要使得砝码的质量远小于小车的质量等等三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、 (1)1.5 s；(2)5 m【解析】(1)煤块刚放上时，受到向下的摩擦力，其加速度为煤块加速至与传送带速度相等时需要的时间为发生的位移为达到v0后，受到向上的摩擦力，则解得：；煤块从A到B的时间为(2)第一过程痕迹长为第二过程痕迹长x1与x2部分重合，故痕迹总长为5 m。16、（1）4m/s2；（2）8m/s；（3）8m/s【解析】（1）根据牛顿第二定律mgsin37-mgcos37=ma得a=4m/s2（2）根据位移公式v2-02=2as得v=8m/s（3）滑雪者上滑时mgsin37+mgcos37=maa=8m/s2根据位移公式v2=2as得v=8m/s17、（1）0.2N （2）【解析】(1)设弹性球第一次下落过程中的加速度大小为，由图知根据牛顿第二定律，得(2)由图知弹性球第一次到达地面时的速度大小为，设球第一次离开地面时的速度大小为，则第一次离开地面后，设上升过程中加速度大小为，则于是，有解得
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