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,第5节直线、平面垂直的判定及其性质,01,02,03,04,考点三,考点一,考点二,例1 训练1,线面垂直的判定与性质,面面垂直的判定与性质,平行与垂直的综合问题(多维探究),诊断自测,例2-1 训练2,例3-1 例3-2 例3-3 训练3,证明(1)在四棱锥PABCD中， PA底面ABCD，CD平面ABCD， PACD， 又ACCD，且PAACA， CD平面PAC. 而AE平面PAC， CDAE.,证明 (2)由PAABBC，ABC60， 可得ACPA. E是PC的中点，AEPC. 由(1)知AECD，且PCCDC， AE平面PCD.而PD平面PCD，AEPD. PA底面ABCD，AB平面ABCD，PAAB. 又ABAD，且PAADA， AB平面PAD，而PD平面PAD， ABPD. 又ABAEA，PD平面ABE.,考点一线面垂直的判定与性质,证明因为AB为圆O的直径，所以ACCB.,由余弦定理得CD2DB2BC22DBBCcos 303， 所以CD2DB2BC2，即CDAB. 因为PD平面ABC，CD平面ABC， 所以PDCD，由PDABD得，CD平面PAB， 又PA平面PAB，所以PACD.,证明(1)平面PAD底面ABCD， 且PA垂直于这两个平面的交线AD，PA平面PAD， PA底面ABCD. (2)ABCD，CD2AB，E为CD的中点， ABDE，且ABDE. 四边形ABED为平行四边形 BEAD. 又BE平面PAD，AD平面PAD， BE平面PAD.,证明(3)ABAD，而且ABED为平行四边形 BECD，ADCD， 由(1)知PA底面ABCD，CD平面ABCD， PACD，且PAADA，PA，AD平面PAD， CD平面PAD，又PD平面PAD， CDPD. E和F分别是CD和PC的中点，PDEF. CDEF，又BECD且EFBEE， CD平面BEF，又CD平面PCD， 平面BEF平面PCD.,考点二面面垂直的判定与性质,(1)证明PAAB，PABC， AB平面ABC，BC平面ABC，且ABBCB， PA平面ABC，又BD平面ABC，PABD. (2)证明ABBC，D是AC的中点，BDAC. 由(1)知PA平面ABC，PA平面PAC， 平面PAC平面ABC. 平面PAC平面ABCAC，BD平面ABC，BDAC，BD平面PAC. BD平面BDE，平面BDE平面PAC，,(3)解PA平面BDE， 又平面BDE平面PACDE， PA平面PAC，PADE. 由(1)知PA平面ABC，DE平面ABC. D是AC的中点，E为PC的中点，,证明(1)取B1D1的中点O1，连接CO1，A1O1， 由于ABCDA1B1C1D1是四棱柱， 所以A1O1OC，A1O1OC， 因此四边形A1OCO1为平行四边形， 所以A1OO1C， 又O1C平面B1CD1，A1O平面B1CD1， 所以A1O平面B1CD1.,证明(2)因为ACBD，E，M分别为AD和OD的中点， 所以EMBD， 又A1E平面ABCD，BD平面ABCD， 所以A1EBD， 因为B1D1BD，所以EMB1D1，A1EB1D1， 又A1E，EM平面A1EM，A1EEME， 所以B1D1平面A1EM， 又B1D1平面B1CD1，所以平面A1EM平面B1CD1.,考点三平行与垂直的综合问题(多维探究),(1)证明连接AC交BD于O，连接OF，如图. 四边形ABCD是矩形， O为AC的中点， 又F为EC的中点， OF为ACE的中位线， OFAE，又OF平面BDF，AE平面BDF， AE平面BDF.,(2)解当P为AE中点时，有PMBE， 证明如下： 取BE中点H，连接DP，PH，CH， P为AE的中点，H为BE的中点， PHAB，又ABCD， PHCD， P，H，C，D四点共面,P,平面ABCD平面BCE，平面ABCD平面BCEBC， CD平面ABCD，CDBC. CD平面BCE，又BE平面BCE， CDBE， BCCE，H为BE的中点， CHBE， 又CDCHC，BE平面DPHC， 又PM平面DPHC，BEPM，即PMBE.,P,考点三平行与垂直的综合问题(多维探究),(1)证明由已知BAPCDP90， 得ABPA，CDPD. 由于ABCD，故ABPD. 又PAPDP，PA，PD平面PAD， 从而AB平面PAD. 又AB平面PAB， 所以平面PAB平面PAD.,(2)解如图，在平面PAD内作PEAD，垂足为E. 由(1)知，AB平面PAD，故ABPE， 又ABADA，可得PE平面ABCD.,可得四棱锥PABCD的侧面积为,考点三平行与垂直的综合问题(多维探究),所以AC2BC2AB2， 所以ACBC. 又因为ACFB，BCFBB， BC，FB平面FBC， 所以AC平面FBC.,(2)解因为AC平面FBC，FC平面FBC， 所以ACFC. 因为CDFC，ACCDC， 所以FC平面ABCD. 在等腰梯形ABCD中可得CBDC1，所以FC1.,(3)解线段AC上存在点M，且点M为AC中点时， 有EA平面FDM. 证明如下： 连接CE，与DF交于点N，取AC的中点M，连接MN. 因为四边形CDEF是正方形，所以点N为CE的中点 所以EAMN. 因为MN平面FDM，EA平面FDM， 所以EA平面FDM. 所以线段AC上存在点M，且M为AC的中点， 使得EA平面FDM成立,
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