2020届高考数学一轮总复习 课时跟踪练(五十九)抛物线 理(含解析)新人教A版

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课时跟踪练(五十九)A组基础巩固1(2019黄山模拟)若抛物线y28x上一点P到其焦点的距离为10,则点P的坐标为()A(8,8) B(8,8)C(8,8) D(8,8)解析:设P(xP,yP),因为点P到焦点的距离等于它到准线x2的距离,所以xP8,则yP8,所以点P的坐标为(8,8)故选C.答案:C2O为坐标原点,F为抛物线C:y24x的焦点,P为C上一点,若|PF|4,则POF的面积为()A2 B2 C2 D4解析:如图,设点P的坐标为(x0,y0),由|PF|x04,得x03,代入抛物线方程得,y4324,所以|y0|2,所以SPOF|OF|y0|22.答案:C3(2019珠海模拟)已知抛物线y24x的焦点为F,准线为l,点P为抛物线上一点,且在第一象限,PAl,垂足为A,|PF|4,则直线AF的倾斜角等于()A. B. C. D.解析:由抛物线y24x知焦点F的坐标为(1,0),准线l的方程为x1,由抛物线定义可知|PA|PF|4,所以点P的坐标为(3,2),因此点A的坐标为(1,2),所以kAF,所以直线AF的倾斜角等于,故选B.答案:B4(2019河南百校联盟联考)已知抛物线C:y22px(p0)的焦点为F,点M在抛物线C上,且|MO|MF|(O为坐标原点),则()A B.C. D解析:不妨设M(m,)(m0),易知抛物线C的焦点F的坐标为,因为|MO|MF|,所以解得m,p2,所以,所以2.故选A.答案:A5(2019长沙模拟)已知点P(x0,y0)是抛物线y24x上的一个动点,Q是圆C:(x2)2(y4)21上的一个动点,则x0|PQ|的最小值为()A21 B2 C3 D4解析:设抛物线y24x的焦点F(1,0),过点P(x0,y0)作准线l:x1的垂线,垂足为N,则x0|PQ|PN|PQ|1|PF|PQ|1|CF|22523,当且仅当C,P,F三点共线且点Q在线段CF上时取等号,则x0|PQ|的最小值是3,故选C.答案:C6(2019福州模拟)函数yax1(a0且a1)的图象恒过点P,则焦点在x轴上且过点P的抛物线的标准方程是_解析:设抛物线的方程为y2mx(m0),由题意知点P的坐标为(1,1),代入y2mx,可得m1,所以焦点在x轴上且过点P的抛物线的标准方程是y2x.答案:y2x7(2019玉溪模拟)已知F是抛物线yx2的焦点,M、N是该抛物线上的两点,|MF|NF|3,则线段MN的中点到x轴的距离为_解析:抛物线的焦点为,准线为y,过M,N作准线的垂线,垂足分别为M,N,则|MM|MF|,|NN|NF|,所以|MM|NN|MF|NF|3,设线段MN的中点为P,过P作准线的垂线,垂足为P,则|PP|,所以线段MN的中点P到x轴的距离为|PP|.答案:8过抛物线y22px(p0)的焦点F作斜率大于0的直线l交抛物线于A,B两点(A在B的上方),且l与准线交于点C,若4,则_解析:根据题意,设|AF|a,|BF|b,过A,B作准线的垂线,垂足分别为M,N,则有|BF|BN|b,|AF|AM|a,因为4,所以|CB|4|BF|,即|CB|4|BN|,又BNAM,所以|CA|4|AM|,即4bba4a,变形可得,即.答案:9已知抛物线y22px(p0)的焦点为F,A是抛物线上横坐标为4,且位于x轴上方的点,A到抛物线准线的距离等于5,过A作AB垂直于y轴,垂足为B,OB的中点为M.(1)求抛物线的方程;(2)若过M作MNFA,垂足为N,求点N的坐标解:(1)抛物线y22px的准线为x,于是45,所以p2,所以抛物线方程为y24x.(2)由(1)知点A的坐标是(4,4),由题意得B(0,4),M(0,2)又因为F(1,0),所以kFA.因为MNFA,所以kMN,所以FA的方程为y(x1),MN的方程为yx2,由联立得x,y,所以点N的坐标为.10已知过抛物线y22px(p0)的焦点,斜率为2的直线交抛物线于A(x1,y1),B(x2,y2)(x1x2)两点,且|AB|9.(1)求该抛物线的方程;(2)O为坐标原点,C为抛物线上一点,若,求的值解:(1)直线AB的方程是y2,与y22px联立,从而有4x25pxp20,所以x1x2,由抛物线定义得|AB|x1x2p9,所以p4,从而抛物线方程是y28x.(2)由(1)知p4,4x25pxp20可简化为x25x40,又x1x2,从而x11,x24,y12,y24,从而A(1,2),B(4,4)设(x3,y3)(1,2)(4,4)(41,42),又y8x3,即2(21)28(41),即(21)241,解得0或2.B组素养提升11(2019太原模拟)抛物线y28x的焦点为F,设A,B是抛物线上的两个动点,|AF|BF|AB|,则AFB的最大值为()A. B. C. D.解析:设|AF|m,|BF|n,因为|AF|BF|AB|,所以|AB|2,所以mn|AB|2,在AFB中,由余弦定理得cos AFB,所以AFB的最大值为.故选D.答案:D12(2017全国卷)过抛物线C:y24x的焦点F,且斜率为的直线交C于点M(M在x轴的上方),l为C的准线,点N在l上,且MNl,则M到直线NF的距离为()A. B2 C2 D3解析:抛物线y24x的焦点为F(1,0),准线方程为x1.由直线方程的点斜式可得直线MF的方程为y(x1)联立得方程组解得或因为点M在x轴的上方,所以M(3,2)因为MNl,所以N(1,2)所以|NF|4,|MF|MN|4.所以MNF是边长为4的等边三角形所以点M到直线NF的距离为2.故选C.答案:C13一题多解(2018全国卷)已知点M(1,1)和抛物线C:y24x,过C的焦点且斜率为k的直线与C交于A,B两点若AMB90,则k_解析:法一由题意可知C的焦点坐标为(1,0),所以过焦点(1,0),斜率为k的直线方程为x1,设A,B,将直线方程与抛物线方程联立得整理得y2y40,从而得y1y2,y1y24.因为M(1,1),AMB90,所以0,即(y11)(y21)0,即k24k40,解得k2.法二设A(x1,y1),B(x2,y2),则得yy4(x2x1),从而k.设AB的中点为M,连接MM.因为直线AB过抛物线y24x的焦点,所以以线段AB为直径的M与准线l:x1相切因为M(1,1),AMB90,所以点M在准线l:x1上,同时在M上,所以准线l是M的切线,切点为M,且MMl,即MM与x轴平行,所以点M的纵坐标为1,即1y1y22,故k2.答案:214抛物线y24x的焦点为F,过点F的直线交抛物线于A,B两点(1)若2,求直线AB的斜率;(2)设点M在线段AB上运动,原点O关于点M的对称点为C,求四边形OACB面积的最小值解:(1)依题意知F(1,0),设直线AB的方程为xmy1.将直线AB的方程与抛物线的方程联立,消去x得y24my40.设A(x1,y1),B(x2,y2),所以y1y24m,y1y24.因为2,所以y12y2.联立上述三式,消去y1,y2,得m.所以直线AB的斜率是2.(2)由点C与原点O关于点M对称,得M是线段OC的中点,从而点O与点C到直线AB的距离相等,所以四边形OACB的面积等于2SAOB.因为2SAOB2|OF|y1y2|4,所以当m0时,四边形OACB的面积最小,最小值是4.8
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