（江苏专版）2022年高考物理一轮复习 课时跟踪检测（三十七）动量定理 动量守恒定律（含解析）

（江苏专版）2022年高考物理一轮复习 课时跟踪检测（三十七）动量定理 动量守恒定律（含解析）对点训练：动量定理的理解与应用1(2018全国卷)高空坠物极易对行人造成伤害。若一个50 g的鸡蛋从一居民楼的25层坠下，与地面的碰撞时间约为2 ms，则该鸡蛋对地面产生的冲击力约为()A10 NB102 NC103 N D104 N解析：选C设每层楼高约为3 m，则下落高度约为h325 m75 m，达到的速度v22gh，根据动量定理(Fmg)t0(mv)，解得鸡蛋受到地面的冲击力Fmg103 N，由牛顿第三定律知C正确。2(2018徐州二模)蹦床运动有“空中芭蕾”之称，某质量m50 kg的运动员从距蹦床h11.25 m高处自由落下，接着又能弹起h21.8 m高，运动员与蹦床接触时间t0.50 s，在空中保持直立，取g10 m/s2。求：(1)运动员与蹦床接触时间内，所受重力的冲量大小I；(2)运动员与蹦床接触时间内，受到蹦床平均弹力的大小F。解析：(1)重力的冲量大小为：Imgt50100.50 Ns250 Ns。(2)设运动员下落h1高度时的速度大小为v1，则根据动能定理可得：mgh1mv解得v15 m/s弹起时速度大小为v2，则根据动能定理可得：mgh2mv解得v26 m/s取向上为正方向，由动量定理有：(Fmg)tmv2(mv1)解得F1 600 N。答案：(1)250 Ns(2)1 600 N3(2019苏州质检)质量为m1 kg的小球由高h0.45 m处自由下落，落到水平地面后，以vt2 m/s的速度向上反弹。已知小球与地面接触的时间为t0.1 s，g取10 m/s2。求：(1)小球落地前速度v的大小；(2)小球撞击地面过程中，地面对球平均作用力F的大小。解析：(1)小球做自由落体运动，有v22gh代入数据解得v3 m/s。(2)小球触地反弹，取向上为正方向由动量定理得(Fmg)tmvt(mv)代入数据解得F60 N。答案：(1)3 m/s(2)60 N4(2019苏北四市一模)如图所示，光滑水平面上小球A、B分别以1.2 m/s、2.0 m/s 的速率相向运动，碰撞后B球静止。已知碰撞时间为0.05 s，A、B的质量均为0.2 kg。求：(1)碰撞后A球的速度大小；(2)碰撞过程A对B平均作用力的大小。解析：(1)A、B系统动量守恒，取B的运动方向为正方向由动量守恒定律得mvBmvA0mvA解得vA0.8 m/s。(2)对B，由动量定理得：tpB0mvB解得8 N。答案：(1)0.8 m/s(2)8 N对点训练：动量守恒定律的理解及应用5(2017海南高考)光滑水平桌面上有P、Q两个物块，Q的质量是P的n倍。将一轻弹簧置于P、Q之间，用外力缓慢压P、Q。撤去外力后，P、Q开始运动，P和Q的动量大小的比值为()An2BnC. D1解析：选D撤去外力后，系统不受外力，所以总动量守恒，设P的动量方向为正方向，则根据动量守恒定律有：pPpQ0，故pPpQ，故动量大小之比为1，故D正确。6下列情况中系统动量守恒的是()小车停在光滑水平面上，人在车上走动时，对人与车组成的系统子弹水平射入放在光滑水平面上的木块中，对子弹与木块组成的系统子弹射入紧靠墙角的木块中，对子弹与木块组成的系统气球下用轻绳吊一重物一起加速上升时，绳子突然断开后的一小段时间内，对气球与重物组成的系统A只有 BC D解析：选B小车停在光滑水平面上，车上的人在车上走动时，对人与车组成的系统，受到的合外力为零，系统动量守恒；子弹射入放在光滑水平面上的木块中，对子弹与木块组成的系统，系统所受外力之和为零，系统动量守恒；子弹射入紧靠墙角的木块中，对子弹与木块组成的系统受墙角的作用力，系统所受外力之和不为零，系统动量不守恒；气球下用轻绳吊一重物一起加速上升时，绳子突然断开后的一小段时间内，对气球与重物组成的系统，所受的合外力不为零，系统动量不守恒；综上可知，B正确，A、C、D错误。7(2019盐城中学检测)下雪天，卡车在平直的高速公路上匀速行驶，司机突然发现前方停着一辆故障车，他将刹车踩到底，车轮被抱死，但卡车仍向前滑行，并撞上故障车，且推着它共同滑行了一段距离L后停下。已知卡车质量M为故障车质量m的5倍，设卡车与故障车相撞前的速度为v1，两车相撞后的速度变为v2，相撞的时间极短。求：(1)v1v2的值；(2)卡车在碰撞过程中受到的冲量。解析：(1)由系统动量守恒可得Mv1(Mm)v2，可得v1v265。(2)由动量定理可得卡车受到的冲量IMv2Mv1。答案：(1)65(2)Mv2Mv1对点训练：碰撞、爆炸与反冲8.(2018大连期末)A、B两物体发生正碰，碰撞前后物体A、B都在同一直线上运动，其位移时间图像(xt图)如图所示。由图可知，物体A、B的质量之比为()A11B12C13 D31解析：选C由xt图像可知，碰撞前vA m/s4 m/s，vB0，碰撞后vAvBv m/s1 m/s，碰撞过程动量守恒，对A、B组成的系统，设A原方向为正方向，则由动量守恒定律得：mAvA(mAmB)v，解得mAmB13，故C正确，A、B、D错误。9.(2018桂林质检)如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两个小球在同一直线上运动。两球质量关系为mB2mA，规定向右为正方向，A、B两球的动量均为8 kgm/s，运动过程中两球发生碰撞，碰撞后A球的动量增量为4 kgm/s，则()A右方为A球，碰撞后A、B两球的速度大小之比为 23B右方为A球，碰撞后A、B两球的速度大小之比为 16C左方为A球，碰撞后A、B两球的速度大小之比为 23D左方为A球，碰撞后A、B两球的速度大小之比为 16解析：选CA、B 两球发生碰撞，规定向右为正方向，由动量守恒定律可得pApB，由于碰后A球的动量增量为负值，所以右边不可能是A球，若是A球则动量的增量应该是正值，因此碰撞后A球的动量为4 kgm/s，所以碰撞后B球的动量是增加的，为12 kgm/s，由于mB2mA，所以碰撞后A、B两球速度大小之比为23，故C正确。10(2019盐城模拟)如图所示，两磁铁各固定在一辆小车上，两磁铁的N极相对，小车能在水平面上无摩擦地沿同一直线运动。已知甲车和磁铁的总质量为0.5 kg，乙车和磁铁的总质量为1.0 kg。同时推动一下，甲车的速率为2 m/s，乙车的速率为3 m/s，两车相向运动，直至相距最近，始终未相碰。求：(1)两车最近时乙车的速度大小；(2)此过程中甲车动量的变化量大小。解析：(1)由动量守恒定律可得m甲v甲m乙v乙(m甲m乙)v，解得v m/s，负号表示方向与甲初速度方向相反。(2)甲车动量的变化量pm甲vm甲v甲 kgm/s，负号表示方向与甲初速度方向相反。答案：(1) m/s(2) kgm/s考点综合训练11(2018连云港二模)如图所示，位于光滑水平桌面上的质量均为m的小滑块P和Q都可视为质点。Q与轻质弹簧相连，静止在水平面上，P以某一初速度v向Q运动并与弹簧发生碰撞，在整个过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于_。解析：P、Q相互作用过程系统动量守恒，以P的初速度方向为正方向，当两者速度相同时弹簧的弹性势能最大，由动量守恒定律得mv(mm)v1，解得v1v；由能量守恒定律得mv2(mm)vEp，解得Epmv2。答案：mv212(2019无锡一中检测)如图所示，质量为m210 kg的小球静止于光滑水平面上，另一个质量为m15 kg的小球，以v110 m/s 的速度与静止小球相碰后以2 m/s的速率被弹回。碰撞前两小球的总动能为_J，碰撞后两小球的总动能为_J。说明这次碰撞是_。(选填“弹性碰撞”或“非弹性碰撞”)解析：碰撞前两个小球的总动能：Ek1m1v5102 J250 J，碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得：m1v1m1v1m2v2，解得v26 m/s；碰撞后两小球的总动能：Ek2m1v12m2v522 J1062 J190 J，因为Ek1Ek2，有能量损失，是非弹性碰撞。答案：250190非弹性碰撞13(2019如皋检测)如图所示，在橄榄球比赛中，质量为100 kg的橄榄球前锋以vA5 m/s的速度跑动，想穿越防守队员到底线触地得分，就在他刚要到底线时，迎面撞上了对方两名质量均为75 kg的球员，一个速度vB2 m/s，另一个速度vC4 m/s，他们腾空扭在了一起。他们碰撞后瞬间的速度大小约是_ m/s，在此过程中三名球员的总机械能_(填“增大”“不变”或“减小”)。解析：以前锋A的速度vA的方向为正方向，设碰撞后瞬间的共同速度为v，根据动量守恒定律得：mAvAmBvBmCvC(mAmBmC)v，代入数据解得：v0.2 m/s，碰撞前三名队员的总动能：Ek1mAvmBvmCv2 000 J，碰撞后三名队员的总动能：Ek2(mAmBmC)v25 J，可知，在碰撞过程中三名球员的总机械能减小。答案：0.2减小14(2018南通三模)冰雪游乐场上一质量为M的人站在质量为m的冰车A上一起运动，迎面而来一个质量也为m的冰车B，为了防止相撞，该人跳上冰车B，冰车A的速度立即变为零；人和冰车B一起以速度v，沿A原来的方向运动，不计冰面与冰车间的摩擦，则：(1)相撞前该人和两冰车的总动量大小p是多少？(2)若要使两冰车恰好不相撞，求该人跳到冰车B上后冰车A的速度大小vA。解析：(1)以两小车和人组成的系统为研究对象，由动量守恒定律得知，系统的初动量大小：p(Mm)v。(2)为避免两车恰好不会发生碰撞，最终两车和人具有相同速度(设为v共)，则：(Mm)v(2mM)v共解得：v共该人跳到冰车B上后冰车A的速度大小vA。答案：(1)(Mm)v(2)