资源描述
2022年高考数学大一轮复习 9.8直线与圆锥曲线试题 理 苏教版一、填空题1已知双曲线x21的一条渐近线与直线x2y30垂直,则a_.解析 由双曲线标准方程特征知a0,其渐近线方程为xy0,可得渐近线xy0与直线x2y30垂直,所以a4.答案 42以双曲线x24y24的中心顶点,右焦点为焦点的抛物线方程是_解析 设抛物线的方程为y22px,则由焦点相同的条件可知p2,所以抛物线的方程为y24x.答案 y24x3过抛物线y24x的焦点作直线交抛物线于点A(x1,y1),B(x2,y2),若AB7,则AB的中点M到抛物线准线的距离为_解析由题知抛物线的焦点为(1,0),准线方程为x1.由抛物线定义知:ABAFBFx1x2x1x2p,即x1x227,得x1x25,于是弦AB的中点M的横坐标为,因此M到抛物线准线的距离为1.答案4设双曲线1(a0,b0)的一条渐近线与抛物线yx21只有一个公共点,则双曲线的离心率为_解析双曲线1的一条渐近线为yx,由方程组消去y得,x2x10有唯一解,所以240,2,e .答案5若斜率为1的直线l与椭圆y21交于不同两点A、B,则AB的最大值为_解析设直线l的方程为yxt,代入y21消去y得x22txt210,由题意得(2t)25(t21)0,即t25,弦长AB.答案6已知双曲线方程是x21,过定点P(2,1)作直线交双曲线于P1,P2两点,并使P(2,1)为P1P2的中点,则此直线方程是_解析设点P1(x1,y1),P2(x2,y2),则由x1,x1,得k4,从而所求方程为4xy70.将此直线方程与双曲线方程联立得14x256x510,0,故此直线满足条件答案4xy707已知椭圆1(ab0),A为左顶点,B为短轴一顶点,F为右焦点,且,则此椭圆的离心率为_解析 AB,BFa,AFac.又,AB2BF2AF2,即2a2b2a2c22ac,c2aca20,.所求的离心率为.答案 8已知点A(0,2),抛物线y22px(p0)的焦点为F,准线为l,线段FA交抛物线于点B,过B作l的垂线,垂足为M,若AMMF,则p_.解析依题意,设点B,点F,M,则,.由得(2)(y12)0,即yy1p20.由AMMF得y1(y12)0,即y2y10,由得y1,把代入,解得p.答案9已知椭圆x22y220的两个焦点为F1,F2,B为短轴的一个端点,则BF1F2的外接圆方程是_解析 F1(1,0),F2(1,0),设B(0,1),则BF1F2为等腰直角三角形,故它的外接圆方程为x2y21.答案 x2y2110已知抛物线y24x,过点P(4,0)的直线与抛物线相交于A(x1,y1),B(x2,y2)两点,则xx的最小值是_解析设过点P的直线为yk(x4),当k不存在时,A(4,4),B(4,4),则xx32,当k存在时,有k2x2(8k24)x16k20,则x1x28,x1x216,故xx(x1x2)22x1x23232,故(xx)min32.答案32二、解答题11如图,在直角坐标系xOy中,点P(1,)到抛物线C:y22px(p0)的准线的距离为.点M(t,1)是C上的定点,A,B是C上的两动点,且线段AB被直线OM平分(1)求p,t的值;(2)求ABP面积的最大值解 (1)由题意知得(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),线段AB的中点为Q(m,m)由题意知,设直线AB的斜率为k(k0)由得(y1y2)(y1y2)x1x2,故k2m1,所以直线AB的方程为ym(xm),即x2my2m2m0.由消去x,整理得y22my2m2m0,所以4m4m20,y1y22m,y1y22m2m.从而|AB| |y1y2|.设点P到直线AB的距离为d,则d.设ABP的面积为S,则S|AB|d|12(mm2)|.由4m4m20,得0m1.令u,0u,则Su(12u2)设S(u)u(12u2),0u,则S(u)16u2.由S(u)0,得u,所以S(u)maxS.故ABP面积的最大值为.12设A、B分别为椭圆1(a,b0)的左、右顶点,椭圆长半轴的长等于焦距,且x4为它的右准线(1)求椭圆的方程;(2)设P为右准线上不同于点(4,0)的任意一点,若直线AP、BP分别与椭圆相交于异于A、B的点M、N,证明:点B在以MN为直径的圆内(1)解依题意得a2c,4,解得a2,c1,从而b.故椭圆的方程为1.(2)证明由(1)得A(2,0),B(2,0)设M(x0,y0)M点在椭圆上,y0(4x)又点M异于顶点A、B,2x02,由P、A、M三点共线可以得P.从而(x02,y0),.2x04(x43y)将代入,化简得(2x0)2x00,0,则MBP为锐角,从而MBN为钝角故点B在以MN为直径的圆内13已知抛物线C的顶点在坐标原点,焦点在x轴上,ABC的三个顶点都在抛物线上,且ABC的重心为抛物线的焦点,若BC所在直线l的方程为4xy200.(1)求抛物线C的方程;(2)若O是坐标原点,P,Q是抛物线C上的两动点,且满足POOQ,证明:直线PQ过定点(1)解设抛物线C的方程为y22mx,A(x1,y1),B(x2,y2),由得2y2my20m0,0,m0或m160.解得y1,2,则y1y2,x1x210.再设C(x3,y3),由于ABC的重心为F,则解得点C在抛物线上,22m.m8,抛物线C的方程为y216x.(2)证明当PQ的斜率存在时,设PQ的方程为ykxb,显然k0,b0,POOQ,kPOkOQ1,设P(xP,yP),Q(xQ,yQ),xPxQyPyQ0,将直线ykxb代入抛物线方程,得ky216y16b0,yPyQ.从而xPxQ,0,k0,b0,直线PQ的方程为ykx16k,PQ过点(16,0);当PQ的斜率不存在时,显然PQx轴,又POOQ,POQ为等腰三角形,由得P(16,16),Q(16,16),此时直线PQ过点(16,0),直线PQ恒过定点(16,0).14在平面直角坐标系xOy中,过点A(2,1)椭圆C:1(ab0)的左焦点为F,短轴端点为B1、B2,2b2.(1)求a、b的值;(2)过点A的直线l与椭圆C的另一交点为Q,与y轴的交点为R.过原点O且平行于l的直线与椭圆的一个交点为P.若AQAR3 OP2,求直线l的方程解 (1)因为F(c,0),B1(0,b),B2(0,b),所以(c,b),(c,b)因为2b2,所以c2b22b2.因为椭圆C过A(2,1),代入得,1.由解得a28,b22.所以a2,b.(2)由题意,设直线l的方程为y1k(x2)由得(x2)(4k21)(x2)(8k4)0.因为x20,所以x2,即xQ2.由题意,直线OP的方程为ykx.由得(14k2)x28.则x.因为AQAR3OP2.所以|xQ(2)|0(2)|3x.即|23.解得k1,或k2.当k1时,直线l的方程为xy10,当k2时,直线l的方程为2xy50.
展开阅读全文