（全国通用）2018年高考物理二轮复习 考前第8天 力与直线运动学案

考前第8天力与直线运动考 点 提 炼1.平衡问题(1)受力分析高中常见的性质力有重力、弹力、摩擦力、电场力、磁场力等，一定要明确各种力产生的原因、条件，要熟悉每种力的大小和方向的特征，按照“一重、二弹、三摩擦、四其他”的顺序对物体进行受力分析。(2)处理平衡问题的基本思路2.匀变速直线运动规律(1)匀变速直线运动的三个基本公式速度公式：vv0at位移公式：xv0tat2速度位移公式：v2v2ax(2)匀变速直线运动的三个常用结论xaT2，即任意相邻相等时间内的位移之差相等。可以推广到xmxn(mn)aT2。某段时间内的平均速度大小可用该段时间内初、末速度之和的一半表示，即v。某段时间的中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，即vv。3.两类动力学问题4.熟知两类典型运动模型，掌握物体运动规律(1)匀速直线运动的特点运动学特征：a0v0(常数)规律xvt动力学特征：F合0(2)匀变速直线运动的特点运动学特征：加速度大小为一常数(不为零)、加速度方向不变，规律有vv0at、xv0tat2、v2v2ax。当物体的初速度为零时，以上三个公式可以简化；当物体做自由落体运动时，物体的初速度为零且加速度大小为g。即：vgthgt2v22gh动力学特征：物体的合外力恒定且不为零，当物体做自由落体运动时，合外力大小等于物体的重力。匀变速直线运动问题的解题思路：5.图象问题临 考 必 做1.汽车刹车后做匀减速直线运动，经过3 s停止运动，那么汽车在先后连续相等的三个1 s内通过的位移之比x1x2x3为()A.123 B.531C.149 D.321解析可通过研究刹车过程的逆过程而使分析简化。刹车过程的逆过程是初速度为0的匀加速直线运动。根据初速度为0的匀加速直线运动的特点，该逆过程在三个连续1 s内的位移之比为135，所以刹车过程在连续相等的三个1 s内的位移之比为531。答案B2.物块1、2放在光滑水平面上并用轻质弹簧测力计相连，如图1所示，今对物块1、2分别施以方向相反的水平力F1、F2，且F1大于F2，则弹簧测力计的示数()图1A.一定等于F1F2B.一定等于F1F2C.一定大于F2、小于F1D.条件不足，无法确定解析弹簧测力计的示数等于弹簧所受弹力的大小，设为F，对物块1，由牛顿第二定律得F1Fma0，所以F1F。同理对物块2可得FF2ma0，所以FF2。由牛顿第三定律可知弹簧测力计对物块的弹力和物块对弹簧测力计的弹力大小相等，故选项C正确。答案C3.如图2所示，斜面固定，倾角为30，物块m和M用轻质绳通过斜面上的定滑轮相连接(滑轮光滑)，一力F施加在绳上一点O使O点所受三力相互成120角且静止，已知M质量为10 kg，m与斜面间恰无摩擦力，则m的质量和F的值各为(g取10 m/s2)()图2A.10 kg100 N B.20 kg100 NC.5 kg50 N D.20 kg50 N解析“O”点所受三力互成120角且静止，则FMgmgsin ，即FMg100 N，m2M20 kg。答案B4.已知ABBC，且已知质点在AB段的平均速度为3 m/s，在BC段的平均速度为6 m/s，设物体沿ABC直线做匀变速直线运动，如图3所示，则质点在B点时速度为()图3A.4 m/s B.4.5 m/sC.5 m/s D.5.5 m/s解析由v可知，3，6，故t12t2，t1、t2分别为通过AB、BC的时间，又AB中间时刻速度v1vAB3 m/s，BC中间时刻速度v2vBC6 m/s，设加速度为a，则vBv1a，v2v1a。由以上可得vB5 m/s。答案C5.(2017江西省名校联盟高三5月教学质量检测)如图4所示为甲物体和乙物体在平直地面上同向运动的vt图象，已知t0时甲在乙前方x060 m处，则在04 s的时间内甲和乙之间的最大距离为()图4A.8 m B.14 m C.68 m D.52 m解析在04 s的时间内甲和乙有最大距离时，甲和乙的速度相等，即t3 s时甲和乙有最大距离。03 s的时间内甲的位移大小为x甲28 m(48)1 m14 m，x乙34 m6 m，则在04 s的时间内甲和乙之间的最大距离为xx0x甲x乙68 m，选项C正确。答案C6.(多选)某物体从足够高处由静止开始下落，测得其加速度a随时间t变化的关系图象如图5所示。已知重力加速度g10 m/s2，下列说法正确的是()图5A.在02 s内，物体所受阻力与下落的速度成正比B.在02 s内，物体所受阻力与下落的时间成正比C.在02 s内，物体下落的位移为10 mD.物体下落的最终速度为10 m/s解析在02 s内，物体加速度由10 m/s2逐渐减小到0，由加速度图象可得a(105t)m/s2，由牛顿第二定律得mgfma，可得ag，对比二式可得5t，即在02 s内，物体所受阻力与下落的时间成正比，选项B正确，A错误；在02 s内，物体的速度增加10 m/s，2 s后物体加速度为零，物体做匀速运动，物体下落的最终速度为10 m/s，选项D正确；在02 s内，可定性画出物体运动的速度时间图象如图所示，图线是抛物线的一部分，由此可知，物体下落位移大于10 m，选项C错误。答案BD7.一物体从静止于h140 m高空的气球上自由落下，下落t12 s后降落伞张开，此后该物体匀速下落。取g10 m/s2，不计空气对物体的阻力。求该物体落到地面所用的时间t。解析t1时间内物体做自由落体运动，设这段时间内物体的位移大小为x，有：xgt设物体做自由落体运动的末速度大小为v，有：vgt1降落伞张开后，物体做匀速直线运动，设运动的时间为t2，有：hxvt2又：tt1t2解得：t8 s。答案8 s8.如图6所示，一个滑雪运动员，滑板和人总质量为m75 kg，以初速度v08 m/s沿倾角为37的斜坡向上自由滑行，已知滑板与斜坡间动摩擦因数0.25，假设斜坡足够长。不计空气阻力。(g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)试求：图6(1)运动员沿斜坡上滑的最大距离；(2)若运动员滑至最高点后掉转方向向下自由滑行，求他滑到起点时的速度大小。解析(1)上滑过程中，对人进行受力分析。滑雪者受重力mg、弹力FN、摩擦力f，并设滑雪者的加速度a1，根据牛顿第二定律有：mgsin fma1，a1方向沿斜面向下由垂直斜面方向受力平衡有：FNmgcos 根据公式有：fFN由以上各式解得：a18 m/s2滑雪者沿斜面向上做匀减速直线运动，速度减至零时的位移x4 m即滑雪者上滑的最大距离为4 m(2)滑雪者沿斜面下滑时，滑雪者受到斜面的摩擦力沿斜面向上，设加速度为a2，根据牛顿第二定律有：mgsin fma2，a2方向沿斜面向下由垂直斜面方向受力平衡有：FNmgcos 根据公式有：fFN由以上各式解得：a24 m/s2滑雪者沿斜面向下做初速度为零的匀加速直线运动，滑到出发点的位移大小为x4 m则滑雪者再次滑到起点时的速度大小：v4 m/s5.7 m/s答案(1)4 m(2)5.7 m/s- 6 -